2017年辽宁省营口市中考物理试题(含解析)

辽宁省营口市2017年中考物理试卷

一、选择题（1-9题单选，10-13多选共30分）

1．（2分）（2017?营口）下列估测符合实际情况的是（）

A．同学们感觉舒适的教室内温度是36℃

B．一本九年级物理教材的质量约为300g

C．中考体育1000m测试的达标时间为6min

D．教学楼每层的高度约为6m

【考点】13：温度；23：质量的估测；61：时间的估测；63：长度的估测．

【专题】4H ：估算法；5A2：估算综合应用题．

【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案．

【解答】解：A、人体感觉最舒适的温度约为23℃；故A不符合实际；

B、九年级物理教材的质量约为300g，故B符合实际；

C、中考体育1000m测试的达标时间为4min，故C不符合实际；

D、学楼每层的高度约为3m，故D不符合实际．

故选B．

【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可．

2．（2分）（2017?营口）关于声现象及声的利用，下列说法正确的是（）

A．超声波清洗机利用了声波传递信息

B．地震时，声学仪器接收到的是超声波

C．学习时，响亮的广场舞音乐声对同学们来说是噪声

D．根据音调可以分辨出不同乐器发出的声音

【考点】9N：声与能量；9E：超声波与次声波；9I：音调、响度与音色的区分；9J：噪声及来源．【专题】31 ：定性思想；511：声现象．

【分析】（1）声音可以传递信息和能量；

（2）过声学仪器接收到的次声波等信息判断地震的方位和强度；

（3）从环保的角度，凡是影响人们正常工作、学习、休息的声音都属于噪声；

（4）音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色也就不同．【解答】解：A、超声波清洗机是利用声波可以传递能量，故A错误；

B、人们可以用声学仪器接收到次声波判断地震的方位和强度，故B错误；

C、学习时，响亮的广场舞音乐声影响了同学们的学习，属于噪声，故C正确；

D、根据音色可以分辨长不同乐器发出的声音，故D错误．

故选C．

【点评】此题考查了声音的利用、超声波与超声波、噪声、声音的特征，难度不大，是一道声学综合题．

3．（2分）（2017?营口）小明放学回家，一开门就闻到从厨房飘来的香味，他来到厨房想看看是什么好吃的，打开锅盖，他戴的眼镜上立刻蒙上一层“雾气”．对此，正确的解释是（）

A．闻到香味说明分子在做无规则运动

B．眼镜上的“雾气”是水蒸气

C．“雾气”的形成过程需要吸热

D．“雾气”的形成是汽化现象

【考点】GV：分子的运动；1M：液化及液化现象．

【专题】31 ：定性思想；522：汽化和液化、升华和凝华；523：分子热运动、内能．

【分析】一切物质的分子都是不停的做无规则的运动；水蒸气遇冷时会发生液化，从气态变为液态．【解答】解：A、闻到香味，这说明分子不停地做无规则运动，故A正确；

BCD、眼镜上的“雾气”是空气中的水蒸气遇到冷的镜片，发生了液化现象，形成的小水滴．“雾气”是液化现象，形成过程需要放热，故BCD错误．

故选A．

【点评】本题考查了分子的热运动以及液化现象，体现了物理与生活实际的结合，难度不大．4．（2分）（2017?营口）如图所示，用毛皮摩擦过的橡胶棒取接触验电器金属球，发现验电器的

箔片张开，下列说法错误的是（）

A．摩擦起电的实质是电子的转移

B．箔片张开是由于同种电荷相互排斥

C．箔片张开说明橡胶棒带电

D．验电器的乙部件必须是导体

【考点】HA：验电器的原理及使用；H7：摩擦起电的实质．

【专题】31 ：定性思想；531：电流和电路．

【分析】（1）摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷．

（2）验电器是利用同种电荷相互排斥的原理工作的；

（3）箔片张开说明橡胶棒带电，同种电荷相斥的原理制成的；

（4）验电器的构成金属球、金属杆、橡皮塞、金属箔片．

【解答】解：A、摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，即说明了电荷可以从一个物体转移到另一个物体，故A正确；

B、箔片张开是两片金属箔带同种电荷，由于互相排斥而张开，故B正确；

C、同种电荷相互排斥，用橡胶棒接触验电器的金属球，金属箔片张开，说明橡胶棒电，故C正确；

D、乙部件是橡皮塞，是绝缘体，故D错误．

故选D．

【点评】此题考查了摩擦起电的实质、验电器的原理、以及验电器的构成，是一道基础题．

5．（2分）（2017?营口）汽车最基本的安全装置是头枕和安全带，如图所示，以下说法正确的是（）

A．有了头枕，能减小因突然减速对司机造成的伤害

B．有了头枕，能减小因撞上前车对司机造成的伤害

C．系上安全带，能减小因后车撞击对司机造成的伤害

D．系上安全带，能减小因紧急刹车对司机造成的伤害

【考点】6M：惯性现象．

【专题】12 ：应用题；572：运动和力．

【分析】惯性是物体的固有属性，其大小只和质量有关；由于惯性，有了头枕，能减小汽车突然加速或因被后车撞上对司机造成的伤害；由于惯性当紧急刹车时，人会前冲，安全带可以防止人冲上前窗玻璃．

【解答】解：AB、有了头枕，能减小因汽车突然加速或被后车撞上对司机造成的伤害；故AB错误；CD、系安全带的目的是为了防止在紧急刹车时由于惯性人会向冲可能对人员造成伤害，故C错误、D 正确；

故选D．

【点评】生活中对于惯性的应用和防止很多，要注意结合惯性的内容及实际情况进行分析，并多总结．

6．（2分）（2017?营口）在“探究凸透镜成像规律的实验”中，小红调节蜡烛，凸透镜和光屏的位置，在光屏上成清晰的像如图所示，下列说法正确的是（）

A．教学中使用的投影仪就是利用了图中的成像规律

B．换上焦距小一些的凸透镜，只将蜡烛向右适当移动就能在光屏上接收到清晰的像

C．如果使蜡烛向左移动，光屏需要向右移动才能接收到清晰的像

D．如果把蜡烛与光屏对调，光屏上将不会出现清晰的像

【考点】B7：凸透镜成像规律及其探究实验．

【专题】13 ：实验题；514：透镜及其应用．

【分析】解答此题从以下知识点入手：

（1）凸透镜成像时，u＞2f，成倒立、缩小的实像，2f＞v＞f，其应用是照相机．

（2）凸透镜成实像时，物距增大，像距减小，像变小．

【解答】解：A、由图可知，物距大于像距，凸透镜成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像机，故A错误．

B、换上焦距小一些的凸透镜，相当于增大物距，根据凸透镜成实像时，物距增大，像距减小，像变小，可知，将蜡烛向右适当移动就能在光屏上接收到清晰的像，故B正确．

C、将物体向左移动，物距增大，像距减小，要在光屏上得到清晰的像，光屏要向左移动，故C错误．

D、由图知，u＞v，此时成倒立缩小的实像；将蜡烛和光屏的位置对换后，由于光路可逆，所以能成清晰的像，成的是倒立、放大的实像，故D错误．

故选B．

【点评】本题主要探究的是凸透镜成像的规律，这是今后学习光学，研究光现象的基础，应该熟练掌握，并注意加以区分，不能混淆．

7．（2分）（2017?营口）如图所示的电路中，电压表示数为零，灯泡L1、L2均不亮，如果把电压表改接在L1两端，示数为2.8V，如果把电压表改接在电源两端，示数也为2.8V，则该电路的故障是（）

A．L1断路B．L2断路C．L1短路D．L2短路

【考点】IE：电流表、电压表在判断电路故障中的应用．

【专题】31 ：定性思想；533：欧姆定律．

【分析】两灯都不亮，说明没有电流从任何一盏灯通过，所以不可能是一盏灯短路，另一盏灯完好，具体原因根据电压表有无示数判断．

【解答】解：

A、如果L1断路，L1和L2都不发光，图中电压表并联在L2两端，则电压表与电源的两端不相连，电

压表无示数；将电压表并联在L1两端时，电压表示数为2.8V，则电压表串联在电路中测电源电压；如果把电压表改接在电源两端，示数也为2.8V，进一步说明了电压表并联在L1两端时电压表测电源电压，故A符合题意；

B、如果L2断路，L1和L2都不发光，电压表并联在L2两端，则电压表与电源的两端相连，电压表有示数，故B不符合题意；

CD、如果L1短路或L2短路，其中一个灯泡会发光，故CD不符合题意．

故选A．

【点评】用电压表判断电路故障时，如果有示数，说明与电压表串联的元件是完好的；如果无示数，说明与电压表串联的元件有断路，或与电压表并联的元件短路．

8．（2分）（2017?营口）下列说法正确的是（）

A．马德堡半球实验测出了大气压的数值

B．高压锅运用了液体沸点随气压的升高而降低的原理

C．洗手盆的排水管用U形“反水弯”防臭是利用了连通器原理

D．拦河大坝上窄下宽是由于液体压强随深度的增加而减小

【考点】8F：大气压强的测量方法；1J：沸点及沸点与气压的关系；88：液体的压强的特点；8B：连通器原理．

【专题】31 ：定性思想；581：压强、液体的压强；582：气体的压强、流体压强与流速的关系．【分析】（1）最早测出大气压的实验是托里拆利实验；

（2）液体沸点随气压的升高而升高；

（3）连通器的结构特征是上端开口、底部连通；

（4）液体压强随深度的增加而增加．

【解答】解：A、最早测出大气压的实验是托里拆利实验，故A错误；

B、压强越大，沸点越高，因此高压锅就是利用液体沸点随气压的升高而升高的原理，故B错误；

C、洗手盆的排水管用U形“反水弯”防臭是利用了连通器原理，故C正确；

D、拦河大坝上窄下宽是由于液体压强随深度的增加而增加，故D错误．

故选C．

【点评】本题考查气体压强、液体压强的知识的应用，解答时需要准确区分各物理知识点及其应用，这些知识点中考出现概率很高．

9．（2分）（2017?营口）如图所示的电路中，当只闭合开关S1时，电流表、电压表的示数分别为I1、U1，当开关S1、S2都闭合时，电流表、电压表的示数分别为I2、U2，则下列关系式正确的是（）

A．I2=I1、U2＜U1B．I2＞I1、U2=U1C．I2＞I1、U2＞U1D．I2＜I1、U2＜U1

【考点】IH：欧姆定律的应用．

【专题】12 ：应用题；53 ：电路和欧姆定律．

【分析】当只闭合开关S1时，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流；当开关S1、S2都闭合时，电路为R2的简单电路，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联判断电路中总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R2两端的电压变化，然后得出答案．

【解答】解：当只闭合开关S1时，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压U1，电流表测电路中的电流I1；

当开关S1、S2都闭合时，电路为R2的简单电路，电压表测R2两端的电压U2，电流表测电路中的电流I2；

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以，电路中的总电阻变小，

由I=可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，则I2＞I1，故AD错误；

由U=IR可知，R2两端的电压变大，即电压表的示数变大，则U2＞U1，故B错误、C正确．

故选C．

【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键．

10．（3分）（2017?营口）大货车在长距离下坡时，车速会越来越大，而刹车会导致刹车片温度急剧升高，司机会在刹车片上浇冷水降温，下列说法正确的是（）

A．火车下坡越来越快，是重力势能转化为动能

B．刹车片温度升高，是内能转化为机械能

C．冷水温度升高，是热传递的结果

D．刹车片温度升高，是做功改变了物体的内能

【考点】FU：动能和势能的转化与守恒；G9：做功改变物体内能．

【专题】31 ：定性思想；48 ：归谬反证法；523：分子热运动、内能；593：机械能及其转化．【分析】①影响动能的因素是质量和速度，影响重力势能的因素是质量和物体所在高度．在一定条件下动能和势能可以相互转化；

②改变物体内能的方式有两种：做功和热传递．当对物体做功时，机械能转化为内能，使内能增加，温度升高；热传递是内能的转移过程．

【解答】解：

A、大货车下坡时，质量不变，高度减小，所以重力势能减小；速度越来越快，所以动能增加；此过程中重力势能转化为动能．故A正确；

BD、刹车片温度升高，是因为刹车时刹车片克服摩擦力做功，使刹车片的内能增加，温度升高；此过程机械能转化为内能．故B错误、D正确；

C、在刹车片上浇冷水降温时，冷水吸收热量、温度升高，内能增加，是热传递的结果．故C正确．故选ACD．

【点评】此题考查了机械能的相互转化及改变内能的两种方式，正确、全面理解规律是解答的基础．11．（3分）（2017?营口）下列说法正确的是（）

A．篮球从高处自由下落的过程中，运动状态没有改变

B．绕地球匀速运动的同步卫星所受到的合力不为零

C．掷出去的实心球能够在空中继续飞行，是由于受到手的推力作用

D．游泳时向后划水，人就前进，这说明物体间力的作用是相互的

【考点】6K：物体运动状态变化的原因；6I：力作用的相互性；6U：力与运动的关系．

【专题】31 ：定性思想；572：运动和力．

【分析】（1）地球表面及附近的一切物体都受到重力的作用，重力改变物体的运动状态；

（2）处于平衡状态，受平衡力，合力为零，处于非平衡状态，合力不为零；

（3）一切物体都有惯性，惯性是物体的固有属性；惯性只与物体的质量有关，质量越大，惯性越大；

（4）物体间力的作用是相互的．

【解答】解：

A、篮球从高处自由下落的过程中，速度越来越快，则篮球的运动状态发生了改变，故A错误；

B、绕地球匀速圆周运动的同步卫星，处于非平衡状态，所受到的合力不为零，故B错误；

C、掷出去的实心球能够在空中继续飞行，是由于惯性，此时篮球不受手的推力作用，故C 错误；

D、游泳时向后划水，人对水有一个向后的力，由于物体间力的作用是相互的，所以水对人有一个向前的力，人就前进，故D正确．

故选D．

【点评】此题是一道力学的综合题，考查了惯性现象、运动和力的关系、平衡力的判断及重力的存在．正确、全面理解基本规律，是解答的基础．

12．（3分）（2017?营口）如图所示，某工人用滑轮组在30s内将重物提升3m．被提升的重物重为1000N，动滑轮重为50N，拉力大小为400N，则（）

A．拉力做功是3150J B．工人做的额外功是150J

C．工人做功的功率是120W D．滑轮组的机械效率是83.3%

【考点】EC：功的计算；EH：有用功和额外功；F4：滑轮（组）的机械效率；FF：功率的计算．【专题】11 ：计算题；4B ：图析法；592：功、功率、机械效率．

【分析】（1）首先确定绳子的有效股数，然后求出绳子自由端移动的距离，再利用W=Fs计算拉力做功；

（2）利用W有用=Gh求出有用功，然后根据W总=W有用+W额求出额外功；

（3）利用P=计算工人做功的功率；

（4）利用η=计算滑轮组的机械效率．

【解答】解：A、由图可知，n=3，

则绳子自由端移动的距离：s=3h=3×3m=9m，

所以拉力做功：W总=Fs=400N×9m=3600J，故A错误；

B、工人做的有用功：W有用=Gh=1000N×3m=3000J，

因为W总=W有用+W额，

所以，工人做的额外功：W额=W总﹣W有用=3600J﹣3000J=600J，故B错误；

C、工人做功的功率：P===120W．故C正确；

D、滑轮组的机械效率：η=×100%=×100%≈83.3%．故D正确．

故选CD．

【点评】此题考查功、功率和机械效率的计算，关键是公式的灵活运用和滑轮组绳子有效股数的确定．

13．（3分）（2017?营口）如图所示的电路中，电源电压6V保持不变，电流表使用0﹣0.6A量程，电压表使用0﹣3V量程，定值电阻的规格为“10Ω 0.5A”，滑动变阻器铭牌上标有“20Ω 1A”，为了保证电路各元件的安全，闭合开关后（）

A．电路允许通过的最大电流为0.3A

B．滑动变阻器连入电路的最小阻值为10Ω

C．电压表的最小示数为2V

D．电路的最大功率为3W

【考点】IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算．

【专题】12 ：应用题；53 ：电路和欧姆定律；541：电能和电功率．

【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流．

（1）根据欧姆定律求出电压表的示数为3V时通过的电流，然后与R1、R2允许通过的最大电流和电流表的量程确定电路中的最大电流，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，电路的功率最大，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出变阻器接入电路中的最小阻值，根据P=UI求出电路的最大功率；

（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的最小电流，根据欧姆定律求出电压表的最小示数．

【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流．（1）当电压表的示数U1=3V时，电路中的电流：

I===0.3A，

因串联电路中各处的电流相等，且定值电阻允许通过的最大电流为0.5A，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，电流表的量程为0～0.6A，

所以，电路中的最大电流I大=0.3A，故A正确；

此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，电路的功率最大，

由I=可得，电路中的总电阻：

R===20Ω，

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：

R2小=R﹣R1=20Ω﹣10Ω=10Ω，故B正确；

电路的最大功率：

P大=UI大=6V×0.3A=1.8W，故D错误；

（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最小，

则电路中的最小电流：

I小===0.2A，

电压表的最小示数：

U1小=I小R1=0.2A×10Ω=2V，故C正确．

故选ABC．

【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确的判断出电路中的最大电流和电压表的最小示数是关键．

二、填空题（每空1分，共25分）

14．（4分）（2017?营口）如图所示，老师在课堂上做了一个有趣的实验，他给放在真空罩内的手机打电话，手机随即发出悦耳的铃声．铃声是由于手机内的扬声器振动产生的，手机间是利用电磁波传递信息的．把抽气机接在真空罩上向外抽气时，同样打电话，手机铃声却越来越小，这说明声的传递需要介质，真空不能传声．

【考点】91：声音的产生；92：声音的传播条件；D2：电磁波的传播．

【专题】31 ：定性思想；49 ：顺推法；511：声现象．

【分析】声音是由物体振动产生的，声音的传播需要介质，传播介质包括固体、液体、气体，真空不能传声；

电磁波可以传递信息，其传播不需要介质．

【解答】解：

声音是物体振动产生的，手机铃声是手机内扬声器的振动产生的；

手机之间的信息靠电磁波传递；

声音传播需要介质，把抽气机接在真空罩上向外抽气时，同样打电话，由于真空罩内空气越来越少，所以手机铃声越来越小；如果真空罩内的空气都被抽出，真空罩内接近真空状态，我们将听不到手机铃声，从而说明真空不能传声．

故答案为：振动；电磁波；介质；真空．

【点评】此题考查了声音的产生、传播条件及电磁波的应用，属于基础知识的考查，是一道基础题．

15．（3分）（2017?营口）一架战斗机巡航的速度为500m/s，合1800 km/h．军演地点距军用机场的距离为3600km，则战斗机从机场起飞到达军演地点至少需要 2 h．战斗机飞行过程中需要加油机适时加油，那么，当加油机在空中给战斗机加油时，以加油机为参照物，战斗机是静止的．【考点】69：速度公式及其应用；52：参照物及其选择．

【专题】11 ：计算题；33 ：参照思想；571：长度、时间、速度．

【分析】（1）1m/s=3.6km/h，据此完成单位换算；

（2）已知速度和路程，利用速度公式计算时间；

（3）在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止．

【解答】解：战斗机巡航的速度为v=500m/s=500×3.6km/h=1800km/h；

根据v=可得，战斗机从机场起飞到达军演地点至少需要的时间：

t===2h；

当加油机在空中给战斗机加油时，以加油机为参照物，战斗机与加油机之间没有位置的变化，所以战斗机是静止的．

故答案为：1800；2；静止．

【点评】此题考查速度公式及其应用、运动和静止的相对性，在判断物体运动和静止时，关键看物体相对于参照物的位置是否发生了变化．

16．（3分）（2017?营口）太阳能属于一次（选题“一次”或“二次”）能源，利用太阳能的方式主要有两种，一种是用集热器加热，如某台太阳能集热器在天气晴好时，一天可以吸收5.2×107J的热量，这相当于完全燃烧 1.3 m3的煤气释放的热量；另一种是用太阳能电池将太阳能转化为电能．（煤气的热值为4.0×107J/m3）

【考点】K8：太阳能；GG：热量的计算；K9：太阳能的利用．

【专题】12 ：应用题；594：能源的利用与发展．

【分析】（1）可以从自然界直接获取的能源叫一次能源；不能从自然界直接获取，必须通过一次能源的消耗才能得到的能源叫二次能源；

（2）由题意可知，Q放=Q吸，根据Q放=Vq的变形公式V=求出需要完全燃烧煤气的体积；

（3）太阳能电池是将太阳能转化为电能的装置．

【解答】解：

（1）太阳能是直接吸收阳光来利用的，是一次能源；

由题意知，Q放=Q吸=5.2×107J，

由Q放=Vq得，需要完全燃烧煤气的体积：

V===1.3m3；

（3）太阳光通过太阳能电池就可以将太阳能转化为电能．

故答案为：一次；1.3；电能．

【点评】本题考查了太阳能热的使用、燃料燃烧放热公式等知识，虽知识点多，但条件已给出，难度不大．

17．（3分）（2017?营口）小强在测量某定值电阻的阻值时，将电流表串联在电路中，将电压表并联在该电阻两端；电流表和电压表的示数如图所示，则该电阻两端的电压是 2.4 V．阻值是7.5 Ω

【考点】IH：欧姆定律的应用．

【专题】12 ：应用题；533：欧姆定律．

【分析】（1）电流表的内阻很小，使用时应与被测电路元件串联；

（2）根据电表的量程和分度值读出两电表的示数，根据欧姆定律求出定值电阻的阻值．

【解答】解：

（1）小强在测量某定值电阻的阻值时，将电流表串联在电路中，将电压表并联在该电阻两端；

（2）由图知，电压表使用的0～3V量程，分度值为0.1V，电压表的示数为2.4V；

电流表使用的0～0.6A量程，分度值为0.02A，电流表的示数为0.32A，

由I=可得，定值电阻的阻值R===7.5Ω．

故答案为：串联；2.4；7.5．

【点评】本题考查了电流表、电压表的正确使用和读数以及欧姆定律的应用，是一道较为简单的应用题．

18．（3分）（2017?营口）沙发坐上去比较舒服，是由于人坐在沙发上时，沙发发生了形变，增大了人的受力面积，从而减小了沙发对人的压强．

【考点】85：减小压强的方法及其应用．

【专题】12 ：应用题；581：压强、液体的压强．

【分析】压强（即压力的作用效果）与受力面积和压力大小有关；压力越大、压强越大；受力面积越小、压强越大．

【解答】解：我们坐沙发时，沙发发生了形变，则受力面积增大，在压力不变的情况下，受力面积变大，则沙发对人的压强变小，使人感到舒服．

故答案为：形变；受力面积；压强．

【点评】抓住影响压强大小的因素，分析准确题目中压力和受力面积的变化情况，可得到压强的变化情况．

19．（3分）（2017?营口）甲、乙、丙图为研究电磁现象的三个重要实验，其结论和原理在生产和生活中有广泛的应用，请各举一

例．

甲：电磁铁；乙：电动机；丙：发电机．

【考点】C9：通电直导线周围的磁场；CJ：磁场对通电导线的作用；CP：电磁感应．

【专题】31 ：定性思想；551：磁现象、电生磁；552：电动机、磁生电．

【分析】（1）奥斯特实验说明通电导线周围有磁场，是电流的磁效应，电磁铁是利用电流的磁效应制成的；

（2）乙图中磁场中的导体通入电流后会受力运动，电动机是利用此原理工作的；

（3）产生感应电流的条件：闭合电路的一部分导体，在磁场中做切割磁感线运动，发电机是利用电磁感应原理制成的．

【解答】解：

图甲是奥斯特实验，说明通电导线周围有磁场，是电流的磁效应，电磁铁是利用电流的磁效应制成的；

乙图中，磁场中的导体通入电流后会受力运动，说明通电导体在磁场中受力的作用，电动机就是利用该原理制成的；

丙图中装置研究的是电磁感应现象，发电机就是根据电磁感应原理制成的．

故答案为：电磁铁；电动机；发电机．

【点评】本题考查了电和磁的相关知识，知道各种电磁类电器的工作原理是解决问题的关键．

20．（3分）（2017?营口）某潜水艇总质量为2.7×103t，体积为3×103m3，当它浮在海面上时，受到的浮力是 2.7×107N，当它需要潜入海水中时，它至少要向水舱充入300 m3的海水，潜水艇潜入海中一定深度时，仪表显示海水的压强为2×106Pa，此时它在海水中的深度为200 m．（海水密度按1.0×103kg/m3计算，g=10N/kg）

【考点】8P：浮力大小的计算；8A：液体压强计算公式的应用．

【专题】11 ：计算题；581：压强、液体的压强；583：浮力．

【分析】（1）知道潜水艇的质量，利用重力公式可求潜水艇的重，根据物体的漂浮条件求潜水艇漂浮时受到水的浮力；

（2）知道潜水艇的总体积，利用阿基米德原理可求潜水艇潜入水中受到的浮力F浮′，要使潜水艇下潜，潜水艇的自重（潜水艇重加上水箱内水重）大于受到的浮力，据此求出在水箱内至少加的水

重；再利用G=mg和ρ=计算水的体积；

（3）知道潜水艇受到水的压强，利用液体压强公式求潜水艇所处深度．

【解答】解：（1）当潜水艇漂浮在海面上时，它受到的浮力：

F浮=G潜水艇=mg=2.7×103×103kg×10N/kg=2.7×107N；

（2）潜水艇潜入水中时受到的浮力：

F浮′=ρ水gV排=ρ水gV潜水艇=1.0×103kg/m3×10N/kg×3×103m3=3×107N；

要使潜水艇下潜，

G潜水艇+G水≥F浮′，

所以至少要向水舱充入海水的重力：

G水=F浮′﹣G潜水艇=3×107N﹣2.7×107N=3×106N，

根据G=mg和ρ=可得，至少要向水舱充入海水的体积：

V水===300m3；

（3）根据p=ρgh可得，此时它在海水中的深度为：

h===200m．

故答案为：2.7×107；300；200．

【点评】本题综合考查了学生对重力公式、液体压强公式、阿基米德原理、物体的漂浮条件的掌握和运用，计算时要求灵活选用公式．

21．（3分）（2017?营口）小华家的电能表上标有“600revs（kW?h）”的字样，表示接在这个电能表上的用电器，每消耗1kW?h的电能，电能表上的转盘转过600转，她想用电能表测量家中空调的功率，便单独使用空调1min，同时观察到电能表上的转盘转过了10转，则空调的功率为1000 W．家庭电路如果电流过大，会导致温度升高，造成火灾，电流过大有两个原因，一是电路中发生短路故障，二是路中用电器的总功率过大，造成干路电流过大．

【考点】J5：电能表参数的理解与电能的求法；IX：家庭电路电流过大的原因；JA：电功率的计算．【专题】11 ：计算题；12 ：应用题；541：电能和电功率；542：电与热、生活用电．

【分析】由电能表铭牌“600r/kW?h”可知，每消耗1kW?h的电能，电能表转盘转过600转．据此求出空调工作1min消耗的电能，然后由电功率公式求出空调的功率．家庭电路中电流过大的原因有两个：发生短路或用电器的总功率过大．

【解答】解：

空调工作1min消耗的电能：

W==kW?h；

空调的功率：

P===1kW=1000W．

在家庭电路中，导致电流过大原因有：（1）电路中发生短路故障；（2）电路中用电器的总功率过大，造成干路电流过大．

故答案为：1000；电路中发生短路故障；电路中用电器的总功率过大，造成干路电流过大．

【点评】本题考查了使用电能表时用电器消耗电能和电功率的计算，知道电能表相关参数的含义是正确解题的前提与关键，计算时要注意单位换算．

三、作图题（每小题3分，共9分）

22．（3分）（2017?营口）晚上，游泳池底的灯光亮起，请画出池底一盏灯发出的一条光线在水面

处发生反射和折射的光路图．

【考点】A8：作光的反射光路图；AN：作光的折射光路图．

【专题】14 ：作图题；512：光的传播和反射、平面镜成像；513：光的折射、光的色散．

【分析】先过折射点作出法线，然后根据反射定律进行作图，即入射角等于反射角作出反射光线；再根据折射定律进行作图，即光从水中斜射入空气时，折射角大于入射角作出折射光线．

【解答】解：

过入射点垂直于分界面作出法线，根据反射角等于入射角，在法线左侧的水中作出反射光线；

再根据光从水中斜射入空气中时，折射角大于入射角，在法线左侧的空气中作出折射光线．如图所示：

【点评】考查对光的反射光路和光的折射光路掌握情况，本类型题的关键是在熟记反射定律和折射

定律的基础上进行作图．

23．（3分）（2017?营口）植树时，需要挖树坑，小军把铁锹的锹面踩进坚硬的土壤里，用锹把土翻起，如图所示的是铁锹的剖面图，土壤对锹面的阻力F2的示意图已画出，请在图中找到并标出支点O，画出最小作用力F1的示意图及力臂L1．

【考点】7S：杠杆中最小力的问题．

【专题】14 ：作图题；591：简单机械．

【分析】使用杠杆时，当阻力和阻力臂一定时，动力臂越长，越省力；因此只需找出使动力臂最长的动力作用点，然后作动力臂的垂线即可．

【解答】解：

由题意知，铁锹与地面间的接触点为支点O；在阻力与阻力臂的乘积一定的情况下，动力臂最长时最省力，由图可知，O到锹把的最远点A之间的距离作为动力臂时动力臂最长；所以，连接OA，过A 点垂直于OA向右画一条带箭头的线段，即为最小动力F1，如图所示：

．

【点评】根据杠杆的平衡条件，要使杠杆上的力最小，必须使该力的力臂最大，而力臂最大时力的作用点一般离杠杆的支点最远，所以在杠杆上找到离杠杆支点最远的点即力的作用点，这两点的连线就是最长的力臂，过力的作用点作垂线就是最小的力．

24．（3分）（2017?营口）小丽家中有一盏用声控开关和光控开关控制的电灯，电灯在光线昏暗并且有人经过时才发光，可以达到方便节电的目的，同时由于有不固定的家用电器，需接入一只三孔插座，请将如图所示的原理图连接完整．

【考点】IO：家庭电路的连接．

【专题】14 ：作图题；542：电与热、生活用电．

【分析】根据并联电路和串联电路的特点确定开关的连接方式，即开关并联时，任何一个开关闭合灯泡都可以工作，而串联电路只有当两个开关同时闭合时，灯泡才可以工作，所以声控开关和光控开关串联后控制灯泡．

三孔插座的接法是：左零右火中间地；据此连接电路；

【解答】解：晚上，天黑光控开关闭合，有人走动发出声音，声控开关闭合，灯亮，说明两个开关不能独立工作，即两个开关串联，再和灯泡串联，要注意开关应先接在火线上；

插座的接法是：左零右火中接地；电路图如图所示：

【点评】本题考查了灯泡与开关的接法，声、光控灯和三孔插座的接线方法，关键是根据题意得出两开关的连接方式和注意安全用电的原则．

四、简答题（4分）

25．（4分）（2017?营口）小芸坐在临时停靠在道路右侧的轿车内，发现每当轿车旁边有其它汽车急速驶过时，轿车都会晃动一下，这让她很困惑，请用流体压强与流速关系原理解释这一现象．【考点】8K：流体压强与流速的关系．

【专题】12 ：应用题；15 ：简答题；582：气体的压强、流体压强与流速的关系．

【分析】流体压强和流速的关系：流速越大的地方压强越小．当轿车旁边有其它汽车急速驶过时，