2020年江苏省南通市中考物理试卷(含答案解析)

2020年江苏省南通市中考物理试卷

副标题

得分

1.“遥知不是雪，为有暗香来”，诗人能远远感知是梅不是雪，是因为闻到梅花香味，

“暗香来”说明()

A. 分子间有空隙

B. 分子间有引力

C. 分子间有斥力

D. 分子是运动的

2.如图，用湿手摩擦杯口发声，若改变杯内水量可以改变声音的

()

A. 响度

B. 音调

C. 音色

D. 速度

3.行驶的汽车内，某时刻座位上的乘客突然向汽车行驶方向前倾，说明汽车正在()

A. 直行急刹车

B. 直行急加速

C. 向左急转弯

D. 向右急转弯

4.来回摇动某种发电的手电筒，电筒内的磁体就会在线圈里面来回运动，使灯泡发光。

下图能反映其工作原理的是()

A. B.

C. D.

5.下列厨房用品的工作原理与物理知识相对应的是()

A. 电冰箱--液态制冷剂升华吸热

B. 油烟机--流体的流速越大压强越小

C. 微波炉--次声波能够加热食品

D. 高压锅--沸点随气压的增大而降低

6.在“探究凸透镜成像的规律”的实验中，光屏上得到一个倒立、等大的实像，若想

再模拟照相机的成像原理，应将()

A. 蜡烛和光屏都远离透镜

B. 蜡烛和光屏都靠近透镜

C. 蜡烛远离透镜且光屏靠近透镜

D. 蜡烛靠近透镜且光屏远离透镜

7.如图，裤架上的两个夹子分别夹住一条毛巾。以下方法能使裤架在水

平位置平衡的是()

A. 右边夹子向左移动

B. 左边夹子向左移动

C. 右边毛巾的下角夹在左边夹子上

D. 左边毛巾的下角夹在右边夹子上

8.在“探究纸锥下落的快慢”的活动中，将纸锥从高处释放。若纸锥竖直下落时，受

到的空气阻力随下落速度的增大而增大，则纸锥在空中竖直下落过程中，下列情形可能的是()

A. 速度先增大后不变

B. 速度先增大后减小

C. 动能转化为重力势能

D. 机械能先增大后减小

9.在综合实践活动中，小明制作了一只长12cm，宽5cm的小纸船，如图甲。图乙是

按图甲所示箭头方向观察到的船的主视图。现让纸船漂浮在水面上，向船内轻轻放入目前我们常用的一元硬币，估测纸船最多能承载的硬币数目最接近于()

A. 15枚

B. 35枚

C. 55枚

D. 75枚

10.图甲为天然气泄漏检测电路原理图，电源电压恒定，R0为定值电阻，气敏传感器两

端电压U Q随天然气浓度C变化的关系如图乙，则下列描述R0的功率P0，电路的总功率P随天然气浓度C变化的关系图线中，可能正确的是()

A. B.

C. D.

11.南通啬园隧道侧壁采用新型装饰材料，即使用强光照射也不觉刺眼，是因为光在墙

面上发生______反射，隧道前有一段斜坡比较粗糙，是为了______摩擦，汽车驶入斜坡时要刹车，刹车片温度会升高，这是通过______方式增加了内能。

12.小明想估测薯片的热值，进行了如下实验。

(1)将天平放在水平面上并将游码归零，发现指针偏左，则应将平衡螺母向______

端调节：测量质量时，调节天平再次平衡，右盘中的砝码和游码位置如图甲，其质量为______g。

(2)如图乙，将薯片放在燃烧皿中充分燃烧后，烧杯中0.2kg的水温度升高了5°C，

则水吸收的热量Q吸=______J.[c水=4.2×103J/(kg?℃)]

(3)根据Q放=Q吸和Q放=mq，算出薯片的热值比实际值小得多。原因是：______。

13.5月5日，我国“长征五号B”大型运载火箭首飞成功，火箭使用液态氢作为燃料，

氢能______(选填“是”或“不是”)清洁能源。火箭向下喷射燃气获得推力加速升空，说明力的作用是______的，此过程中火箭受到______(选填“平衡”或“非平衡”)力作用，搭载的试验飞船的动能将______。

14.洗发后，小丽站在镜前使用电吹风吹头发。

(1)她发现镜面起雾，雾的形成是______现象，该过程要

______热量；擦干镜子后，小丽看到镜子中自己等大的

______像。

(2)电吹风简化电路如图，旋转扇形开关S，实现断开，冷风，热风的转换，已知吹

冷风时的功率为100W，R=48.4Ω.若家中只有电吹风工作，她用冷风，热风挡交替使用5min，标有“1200imp/KW??”的电能表指示灯闪烁90次，则电吹风消耗______J的电能，使用热风挡的时间为______min。

15.小明想测量校园里一块长方体校训石对水平地面的压强。他找

到一些与其材质相同的小石块，用测力计、烧杯、水、细线和

卷尺等进行如下实验。(g取10N/kg)

(1)使用弹簧测力计前，应检查指针是否指在______。

(2)由图示操作，测出小石块受到的浮力F浮______N。

(3)计算出小石块的密度ρ石______kg/m3。

(4)测出校训石的长、宽、高分别为5m，1m，2m，则校训石对水平地面的压强

p=______Pa。

(5)校训石与地面接触的右下角是缺损的，则他测算出的压强比实际压强______。(

忽略校训石质量的变化)

16.如图，请画出鸡蛋在水中下沉时的受力示意图。

17.如图，请作出入射光线在玻璃砖AC面上的反射光线和大致

的折射光线。

18.如图，请用笔画线代替导线将两线插座、电灯和开关分别接入电路。

19.如图，塔式起重机土的滑轮组将重为1.2×104N的重物匀速吊起2m时，

滑轮组的机械效率为80%，g取10N/kg。

(1)求提升重物做的有用功；

(2)求绳端的拉力；

(3)若动滑轮的质量为40kg，求克服摩擦和钢绳重所做的功。

20.如图，电源电压为12V，灯泡L的规格为“6V3W”，滑动变阻器R1上标有“20Ω1A”，

R2=10Ω，电流表量程为0～3A.将开关S闭合，S1、S2断开，调节变阻器使灯泡正常发光。

(1)求灯泡正常发光时的电阻；

(2)求滑动变阻器10s内消耗的电能；

(3)将开关S、S1、S2都闭合，移动滑片P且电路安全，求R1与R2功率之比的最大

值。

21.小明探究铅笔芯的电阻大小与长度的关系时，找来一支铅笔芯，测量其长度，并用

两枚金属回形针夹住其两端进行实验。

(1)图甲是测铅笔芯电阻的电路，请用笔画线代替导线将其连接完整。

①闭合开关，发现两电表均无示数，为排查故障他将电压表改接在变阻器两端，

发现电压表有示数，则电路故障可能是______。

②排除故障，移动滑片P，电流表示数为0.14A时，电压表示数如图乙，为______V，

测出的电阻为______Ω。

(2)移动回形针，改变并测量铅笔芯接入电路的长度，实验时发现电流表损坏，他

又设计了图丙电路测量电阻。

①正确连好电路，闭合开关S，将开关S1先拨至b。移动滑动变阻器滑片P，使电

压表示数为U。

②再将S1拨至a，调节电阻箱旋钮至图丁位置，观察到电压表示数略大于U，他把

“×1”档的旋钮又旋了一格，发现电压表示数略小于U，此时他______(选填“应”

或“不应”)再调节滑动变阻器，以使电压表的示数恰好为U。

③推断铅笔芯接入电路的阻值______(填写范围)。

(3)小明由上述两次实验，得出铅笔芯电阻与长度的关系。请评价他在探究过程中

的不足之处：______。

22.学习小组用侧壁扎有小孔的长塑料瓶做“探究液体压强特点”的实验时，发现每次

小孔中水的流量Q(单位时间内喷出水的体积)不同，水的流量与哪些因素有关。大家提出以下猜想：

猜想1：与小孔的形状有关

猜想2：与小孔距水面的深度h有关

猜想3：与小孔的横截面积S有关

(1)为验证猜想1，他们在三个相同塑料瓶侧壁的同一位置各扎一个小孔，三孔形状

如图甲所示，在小孔处安装阀门和流量计(测流量的仪器)将瓶中均装满水，打开阀门，测出流量，此步骤存在的问题是______。

(2)肯定猜想1后，为探究猜想2，他们在同一塑料瓶的不同位置，分别开相同的圆

孔。进行实验。

①下表是实验中测得的数据，请在图乙中描点作出流量Q与小孔深度的平方根√?

的关系图线，表格中第3次流量Q=______cm3?s?1。

h平方根

流量Q/cm3?s?1序号孔面积S/cm2孔深度?/cm

√?/cm2

10.210 3.228

20.216 4.036

30.225 5.0______

40.236 6.054

50.2507.164

②进一步分析，他们认为深度影响流量的原因是深度越大，液体压强越______，

喷出小孔的水流速也越大。

(3)对于猜想3，大家认为是正确的，为进一步探究流量Q与小孔横截面积S之间

的定量关系，老师画了图丙所示的水柱模型，其中v表示水从小孔流出的速度，l 表示时间t内流出水柱的长度，S表示小孔的横截面积。

①根据流量定义并结合模型，推导流量Q与流速v、面积S的关系式：Q=______；

②通常情况下，喷泉竖直向上喷出的水柱在上升阶段粗细并不均匀，则喷出水柱

在空中上端较______(选填“粗”或“细”)。

23.阅读短文，回答问题。

智能防疫机器人

我国研制的某款智能防疫机器人，具有自主测温，移动，避障等功能。机器人利用镜头中的菲涅尔透镜将人体幅射的红外线聚集到探测器上，通过处理系统转变为热图象，实现对人群的体温检测。当发现超温人员，系统会自动语音报警，并在显示屏上用红色框标注人的脸部。机器人利用磁敏电阻等器件来监控移动速度，控制驱动电机运转，图甲为控制电机运转的原理电路，U为输入电压，R0为磁敏电阻，阻值随外加磁场强弱的变化而改变。机器人为有效避障，在移动过程中会发射、接收超声波(或激光)来侦测障碍物信息，当感知到前方障碍物时，机器人依靠减速器进行减速，并重新规划行驶路线。

下表为机器人的部分参数。“电池比能量”为单位质量的电池所能输出的电能：“减速器的减速比”为输入转速与输出转速的比值。

(1)机器人在行进过程中遇到玻璃等透明障碍物时，利用______(选填“超声波”或“激光”)才能较好感知到障碍物；以移动机器人为参照物，障碍物是______的。

(2)下列关于机器人的说法中，错误的是______。

A.菲涅尔透镜的作用相当于凹透镜

B.菲涅尔透镜接收的是人体辐射出的电磁波

C.图甲中电磁铁的上端为N极

D.机器人发现体温38°C的人会语音报警并识别

(3)若机器人以最大速度沿水平路面匀速直线运动7min，此过程中机器人受到的阻力为______N，消耗的电能占电池所能输出总电能的______%。

(4)控制电机运转的磁敏电阻阻值随磁场强弱变化的图线如图乙，当磁敏电阻在正常工作区时，即使图甲电路中输入电压U发生改变，R1两端电压U1都能维持在某一定值附近微小变化，从而使控制电路中的电机稳定转动，则磁敏电阻的正常工作区对应图中______(选填“ab”或“bc”)段。已知无磁场时R B阻值为200Ω，R1的阻值为400Ω，线圈电阻忽略不计，当U为24V时，处在磁场中的R B电功率为0.32W，则R1两端的电压U1是______V。

(5)图丙是机器人测速系统的部分装置简化图，磁敏电阻转速传感器安装在驱动电机旋转齿轮的外侧，当传感器对准齿轮两齿间隙时，电缆输出电流为0.某次当驱动电机的齿轮匀速转动时，电缆输出如图丁所示周期性变化的电流，则1s内对准传感器的齿间隙共有______个；若此时机器人遇到障碍物，减速器启动，则经减速器降速后的齿轮转速为______。

答案和解析

1.【答案】D

【解析】解：诗句中说到在远远的地方就能闻到梅花的香味，是因为梅花中含有香味的分子在不断的运动，飘入到作者鼻孔中的原因，说明了分子在不断地运动。

故选：D。

不同物体互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明分子在不停的做无规则运动。

此题主要考查的是学生对扩散现象的理解，题目难度不大，属于中考常见题型。

2.【答案】B

【解析】解：用湿手摩擦杯口时，杯子由于振动发声，只改变注入杯中的水量，杯子振动的频率发生变化，音调发生变化，而振幅不变，所以响度不变，音色和速度也不变；故B正确，ACD错误。

故选：B。

明确用手摩擦杯口时，其发声的原因与发声物体是什么，然后再进一步判断对其发声的音调、响度等产生的影响。

解决此类问题要结合音调和频率的关系进行分析解答，区分判断声音的特征是中考的重点，也是易错点。

3.【答案】A

【解析】解：由题意可知，车内乘客突然向汽车行驶方向前倾，说明直行的汽车的速度突然减小，人的脚也随车做减速运动，而人的上身由于惯性仍保持原来的速度，所以人会向汽车行驶的方向前倾，故A正确。

故选：A。

一切物体都有保持原来运动状态不变的性质；即原来静止的物体具有保持静止状态的性质；原来处于运动的物体，具有保持匀速直线运动状态的性质。

本题考查的是惯性在实际生活中的简单应用，可以根据自己的亲身经历或从惯性现象分析，很容易得出正确选项。

4.【答案】C

【解析】解：来回摇动发光的手电筒，其发光原理是电磁感应现象。

A、如图是带电体接触验电器的金属球，验电器的箔片张开，利用的是同种电荷相互排斥。故A不符合题意；

B、图中是奥斯特实验，小磁针发生偏转说明通电导线周围有磁场，故B不符合题意；

C、图中，开关闭合后，在外力作用下使导体做切割磁感应线运动，电流表指针会发生偏转，产生感应电流，这是电磁感应现象，是发电机的工作原理，与该手电筒供电原理相同，故C符合题意；

D、图中，开关闭合后，电路中有电流通过，通电线圈受到磁场力的作用而转动，是电动机的原理，故D不符合题意。

故选：C。

闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，就会产生感应电流，这种现象叫电磁感应现象。

来回摇晃手电筒，使永磁体在线圈中来回运动，线圈做切割磁感线的运动，线圈中就会产生感应电流，小灯泡就会发光。

本题考查了验电器的工作原理、电与磁之间联系及应用，属于基础题目。

5.【答案】B

【解析】解：

A、电冰箱内液态制冷剂在汽化时吸热，即蒸发吸收冰箱内的热，达到降温致冷的目的，然后再液化放热使制冷剂变为液态，所以电冰箱是利用汽化吸热和液化放热的原理工作的，故A错误；

B、油烟机工作时是增大空气流动速度，压强减小，油烟在压强差的作用下被吸进油烟机排出，故B正确；

C、生活中常用的微波炉是用微波(电磁波)来加热食品的，故C错误；

D、高压锅密闭较好，内部压强大，水的沸点高，这样高压锅内的温度就会更高一些，就会更快煮熟食物，所以高压锅是利用增大锅内气体的压强，提高水的沸点来提高锅内温度的，故D错误。

故选：B。

(1)冰箱是利用制冷剂在蒸发器、散热器不断发生物态变化进行吸热放热来降低冰箱内的温度的；

(2)流体流速越大的地方、压强越小，流速越小的地方、压强越大；

(3)微波炉是一种用微波加热食品的现代化烹调灶具，微波属于电磁波的一种；

(4)液体的沸点与气压有关，气压越大、沸点越高。

本题考查了生活中一些设备中应用到的物理知识，体现了物理与生活的联系，值得我们关注。

6.【答案】C

【解析】解：由题意和成像规律，可得题中的成像是：u=v=2f。欲再模拟照相机，照相机成倒立、缩小的实像，即应使物距u>2f，像距f

故选：C。

凸透镜成像性质：

u>2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像机。

2f>u>f，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机和投影仪。

u

此题是考查凸透镜成像的规律，熟练掌握凸透镜成像的规律及应用是解决此题的关键。

7.【答案】D

【解析】解：

A、右边夹子向左移动，右端的力不变，力臂变小，右端力和力臂的乘积更小，裤架会更向左倾斜，故A错误。

B、左边夹子向左移动，左端的力不变，力臂变大，左端力和力臂乘积更大，裤架会更向左倾斜，故B错误。

C、右边毛巾的下角夹在左边夹子上，相当于右端减小了重力，左端增加了重力，导致左端力和力臂乘积更大，右端力和力臂的乘积更小，裤架会更向左倾斜，故C错误。

D、左边毛巾的下角夹在右边夹子上，相当于左端减小了重力，右端增加了重力，导致右端力和力臂乘积变大，左端力和力臂的乘积变小，裤架会在水平位置平衡，故D正确。故选：D。

裤架是一个杠杆，裤架的左端下沉、右端上翘，要使杠杆(裤架)在水平位置平衡，右端的力和力臂乘积变大，或左端的力和力臂乘积变小。

裤架是一个变形的杠杆，杠杆向力和力臂乘积大的一端下沉。

8.【答案】A

【解析】解：由题意，纸锥下落过程中受到空气阻力随下落速度的增大而增大。由于受到阻力作用，纸锥的机械能减小；纸锥开始下落时，重力大于空气的阻力，加速下落，动能增大，重力势能减小，重力势能转化为动能和内能；随阻力逐渐增大，当增大到等于其重力时，匀速竖直下落。所以纸锥的速度先增大后不变。故A正确、BCD错误。故选：A。

纸锥开始下落时，重力大于阻力，纸锥向下做加速运动；随着阻力的增大，当阻力等于重力时，纸锥受力平衡，做匀速直线运动。

本题考查了物体运动状态的判定，明确阻力的变化是解题的关键。

9.【答案】C

【解析】解：

由题意及图乙可知，纸船的高(船深)约6cm左右，则纸船最大的V排=12cm×5cm×

6cm=360cm3；

由阿基米德原理得，纸锥最大的浮力：F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×9.8N/kg×3.6×10?4m3=3.6N；

目前常用的一元硬币重力约为0.06174N，则纸船最多能承载硬币数目约为n=

3.6N

0.06174N

≈58枚。故55枚是最接近答案的选项。

故选：C。

根据小纸船的长度和宽度估测成小纸船的高度，从而求出其体积；根据阿基米德原理求出最大的浮力；物体漂浮时，浮力等于重力，从而求出硬币的总重力，得出硬币的个数。本题考查了学生对阿基米德原理、物体的漂浮条件的掌握和运用，属于基础题目。10.【答案】C

【解析】解：由题图可知，R0与气敏传感器串联，电压表测气敏传感器两端的电压。由图乙可得，气敏传感器两端的电压与天然气浓度C成正比，即根据串联电路的电阻分压特点可知：气敏传感器的阻值变大，

所以，气敏传感器的阻值(R气)与天然气浓度C也成正比。

A和B、R0的功率P0=U02

R0=(U?U Q)2

R0

，故P0与U0是一个二次函数关系，因U0与C是一个

一次函数关系(成正比)，所以P0与C项是二次函数关系。故A、B错误；

C和D、电路总功率P=U 2

R0+R

气

，R气随C的增大而增大，所以P随C的增大而减小，故

C正确，D错误。

故选：C。

由甲电路图可知，定值电阻R0和气敏传感器串联，电压表测气敏传感器两端的电压，根据图乙可知气敏传感器两端的电压与天然气浓度C的关系，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出R两端的电压U与c的关系，根据P=UI表示出电路消耗的总功率P 与温度c的关系，然后结合选项得出答案。

本题考查了串联电路的特点和电功率公式的灵活应用，图象题是中考的难题之一。11.【答案】漫增大做功

【解析】解：

强光照射在隧道的侧壁上，也不觉得刺眼，说明反射光线射向四面八方，即墙面发生漫反射的缘故；

路面斜坡比较粗糙，是利用增大接触面的粗糙程度，来增大摩擦力；

刹车时刹车片温度上升，刹车片的内能增大，这是利用做功的方式来改变物体内能。故答案为：漫；增大；做功。

漫反射的光线射向四面八方；

影响摩擦力大小的因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度；

改变内能的方法有：做功和热传递。

本题考查了光的反射、增大摩擦的方法、改变内能的方法，属于基础知识的考查，要掌握。

12.【答案】右 6.2 4.2×103因薯片燃烧放出的热量不能完全被水吸收

【解析】解：

(1)在调节天平平衡时，指针偏左，应将平衡螺母向右调节。

由题图，物体的质量m=5g+1.2g=6.2g。

(2)由题意，水吸收的热量：

Q

=cm△t=4.2×103J/(kg?℃)×0.2kg×5℃=4.2×103J。

吸

(3)因薯片燃烧放出的热量不能完全被水吸收，即Q放>Q吸，故算出的热值比实际值小。故答案为：(1)右；6.2；(2)4.2×103；(3)因薯片燃烧放出的热量不能完全被水吸收。

(1)天平使用前的调节：若指针左偏，向右调平衡螺母，使指针指在分度盘的中线处；左盘物体的质量等于等于右盘砝码的质量加上游码对应的刻度值；

(2)根据Q吸=cm△t可求水吸收的热量；

(3)薯片燃烧放出的热量不能完全被水吸收，即Q放>Q吸，据此分析。

本题考查估测薯片的热值实验，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。13.【答案】是相互非平衡增大

【解析】解：氢燃烧的产物是水，故氢能属于清洁能源；火箭在推力作用下，加速上升，说明力的作用是相互的。因火箭加速上升(非平衡状态)，根据运动和力的关系，故火箭受到非平衡力作用。搭载的飞船质量不变，速度增大，故飞船的动能将增大。

故答案为：是；相互；非平衡；增大。

氢燃烧的产物是水，故氢能属于清洁能源；物体受到平衡力作用时，物体的运动状态不变，物体受到非平衡力作用时，物体的运动状态不断改变。动能大小跟质量、速度有关。质量一定时，速度越大，动能越大；速度一定时，质量越大，动能越大。

本题考查清洁能源。力作用的相互性，以及施力物体的确定，动能的概念，难度不大。

14.【答案】液化放出虚 2.7×105 4

【解析】解：

(1)雾是空气中的水蒸气遇冷液化成小液滴附着在镜面上，液化放热；平面镜成的是正立、等大的虚像。

(2)由题图可知，当开关接在2、3时，只有电动机转动，吹冷风；当开关接在3、4时，电热丝R、电动机同时工作，吹热风。

1200r/kW??表示每消耗1kW??的电能，电能表的转盘转1200转，

电吹风消耗的电能：

W=90

1200kW??=90

1200

×3.6×106J=2.7×105J；

由题意，吹热风时的功率P

热=P

冷

+P R=100W+U2

R

=100W+(220V)2

48.4Ω

=1100W，

消耗的电能：W=W热+W冷，

即：W=P热t+P冷(5×60s?t)，

代入数据得：

2.7×105J=1100W×t+100W(300s?t)，解得：t=240s=4min

即：热风档使用的时间为240s(4min)，

故答案为：(1)液化；放出；虚；(2)2.7×105；4。

(1)物质由气态变为液态叫液化，液化放热；平面镜成的是正立、等大的虚像。

(2)由题图可知，当开关接在2、3时，只有电动机转动，吹冷风；当开关接在3、4时，电热丝R、电动机同时工作，吹热风。

1200r/kW??表示每消耗1kW??的电能，电能表的转盘转1200转，据此求电吹风消耗的电能；

利用P=U2

R

求热风时R的电功率，可求吹热风时的功率；

而消耗的电能W=W热+W冷，即：W=P热t+P冷(5×60s?t)，据此取热风档使用的时间。

本题考查了液化现象、平面镜成像特点，以及消耗电能和电功率的计算，明确电能表相关参数的含义是关键。

15.【答案】刻度盘的零刻度线上 1 2.5×1035×104小

【解析】解：(1)使用弹簧测力计前，应先检查指针是否指在零刻度线上(指针校零)；

(2)根据称重法，物体受到的浮力F浮=2.5N?1.5N=1N；

根据阿基米德原理得：V石=V排=

F

浮

ρ

水

g

=1N

1.0×103kg/m3×10N/kg

=1×10?4m3；

(3)小石块的质量：m石=G

g = 2.5N

10N/kg

=0.25kg，

则小石块的密度：ρ石=m

石

V

石

=0.25kg

1×10?4m3

=2.5×103kg/m3；

(4)校训石对水平地面的压强：p=ρ石g?=2.5×103kg/m3×10N/kg×2m=

5×104pa。

(5)校训石与地面接触的右下角是缺损的，导致受力面积减小，忽略校训石质量的变化，

由p=F

S

可知，测算出的压强比实际压强偏小。

故答案为：(1)刻度盘的零刻度线上；(2)1；(3)2.5×103；(4)5×104；(5)小。

(1)使用前要检查弹簧测力计的指针是否指到零位置。如果没有指在零位置就需要调零；

(2)根据称重法求石块全浸入水中受到水的浮力；

(3)小石块浸没在待测液体中时，V排=V石块，再利用F浮=ρ水gV排计算石块体积，由G= mg可求得其质量，然后利用密度公式可求得其密度；

(4)由校训石的长、宽求得其受力面积，校训石对水平地面的压力等于其重力，由p=F

S 可求得校训石对水平地面的压强；

(5)校训石与地面接触的右下角是缺损的，其受力面积变小，忽略校训石质量的变化，由p=F

分析压强变化。

S

此题涉及到压强、密度、阿基米德原理的应用，考查学生应用物理知识解决实际问题的能力。

16.【答案】解：由题意可知，鸡蛋在水中下沉，说明鸡蛋的重力大于受到的浮力。两个力的作用点在鸡蛋的中心上，重力竖直向下，浮力竖直向上，表示重力的线段比浮力的稍长，如图所示。

【解析】(1)鸡蛋在水中受重力与浮力的作用，重力的方向竖直向下，浮力的方向竖直向上；

(2)因为鸡蛋正在下沉，所以重力比浮力大，线段的长度不同。

力的示意图是用一个带箭头的线段把力的大小、方向、作用点三个要素表示出来，线段的长短表示力的大小，箭头表示力的方向，线段起点或终点表示力的作用点。

17.【答案】解：

先过入射点作光线射到AC面上的法线，根据反射角等于入射角，作出反射光线；根据光由玻璃斜射入空气中时，折射角大于入射角，在法线另一侧的空气中画出折射光线，如图所示：

【解析】当光线射向两种介质的界面上时，会同时发生反射和折射。光的反射中，反射角等于入射角；当光从玻璃斜射入空气中时，折射光线将向远离法线的方向偏折，即折射角大于入射角。

本题考查了根据光的折射规律和光的反射规律的作图，注意作图要规范。

18.【答案】解：

(1)灯泡接法：火线进入开关，经灯泡连到零线，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。

(2)两孔插座的接法：左孔接零线；右孔接火线，如图所示：

【解析】(1)灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。

(2)两孔插座的接法：左孔接零线；右孔接火线。

掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。

19.【答案】解：

(1)提升重物做的有用功：

W

有用

=G?=1.2×104N×2m=2.4×104J；

(2)由η=W

有用

W

总

=80%可得拉力做的总功：

W

总=

W

有用

80%

=2.4×104J

80%

=3×104J；

由图可知，承担物重绳子股数n=3，绳子自由端移动的距离：s=3?=3×2m=6m；由W总=Fs可得拉力：

F=W

总

s

=3×104J

6m

=5000N；

(3)对动滑轮、克服摩擦和钢绳重所做的额外功：

W

额=W

总

?W

有用

=3×104J?2.4×104J=6000J，

提升动滑轮做的额外功：

W

额1=G

动

?=m

动

g?=40kg×10N/kg×2m=800J，

克服摩擦和钢绳重所做的额外功：

W

额2=W

额

?W

额1

=6000J?800J=5200J。

答：(1)提升重物做的有用功为2.4×104J；

(2)绳端的拉力为5000N；

(3)克服摩擦和钢绳重所做的功为5200J。

【解析】(1)利用W=G?求提升重物做的有用功；

(2)知道滑轮组的机械效率，利用η=W

有用

W

总

求拉力做的总功；由图可知，承担物重绳子股

数n=3，绳子自由端移动的距离s=3?；利用W总=Fs求拉力大小；

(3)拉力做的额外功等于对动滑轮、克服摩擦和钢绳重所做的功，利用W=G?求提升动滑轮做的额外功，进而求克服摩擦和钢绳重所做的额外功。

本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、额外功的计算，要知道：额外功等于对动滑轮、克服摩擦和钢绳重所做的功。

20.【答案】解：(1)灯泡正常发光时的电阻：

R L=U

额

2

P

额

=(6V)2

3W

=12Ω；

(2)由题图，当开关S闭合，S1、S2断开时，灯泡L与滑动变阻器R1串联。滑动变阻器两端的电压：

U1=U?U

额

=12V?6V=6V，

通过的电流：

I=I L=P

额

U

额

=3W

6V

=0.5A，

则滑动变阻器10s消耗的电能：W=U1It=6V×0.5A×10s=30J；

(3)当开关S、S1、S2都闭合时，灯泡L短路，R1与R2并联。

R2消耗的功率：

P2=U2

R2=(12V)2

10Ω

=14.4W；

由题意，当R1支路的最大电流：I1大=3A?12V

10Ω

=1.8A>1A，故R1支路的实际最大电流I1大′=1A，

则滑动变阻器消耗的最大功率：P1大=UI1大′=12V×1A=12W，

所以当R1消耗的最大功率时，R1与R2功率之比的是最大值，即最大值：

P

1大P2=12W

14.4W

=5

6

。

故答案为：(1)灯泡正常发光时的电阻为12Ω；

(2)滑动变阻器10s内消耗的电能为30J；