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最新《电功率》单元测试题( 含答案 )（word）

一、电功率选择题

1．如图所示，阻值为R 的电阻丝，用四种方法分别接在电压为U 或 2U 的电源上．闭合开

关后，在相同时间内虚线框里的电阻丝产生的总热量最多的是（）

A. B. C. D.

【答案】D

【解析】【解答】因为串联电路中电阻等于各分电阻之和，并联电路中总电阻的倒数等于

各分电阻倒数之和，

所以两电阻串联时电路中的总电阻最大，两电阻并联时电路中的总电阻最小，

因为故选Q 放 =W= t ，所以在相同的时间内放出的热量最多的是

D．

D 选项．

【分析】根据电阻的串并联比较各选项中电阻的大小，根据

间内放出热量的关系．

Q 放 = t 得出它们在相同的时

2．常用于测量家用电器在一段时间内消耗多少电能的仪器是（）

A. 电流表

B. 电压表

C. 电能表

D. 验电器【答案】C

【解析】【解答】解： A、电流表是测电流大小的仪表，不符合题意；

B、电压表测量电压大小，不符合题意；

C、电能表是用来测量家用电器在一段时间内消耗多少电能（即电流做功）的仪表，符合题

意；

D、验电器是用来检验物体是否带电的仪器，不符合题意．

故选 C．

【分析】明确各仪表或仪器的基本作用回答．

3．如图是探究“电流通过导体时产生热的多少跟什么因素有关”的实验装置．通电前，A、 B 两个 U 型管内的液面相平，通电一定时间后，通过R1、 R2的电流分别为 I1、 I2，则（）

A.I=I

2， A 管中的液面较低 B. =I

2

， A 管中的液面较高

11

C. I1＞ I2， A 管中的液面较低

D.1＞I I2， A 管中的液面较高

【答案】 D

【解析】【解答】解：由图可知，右侧两电阻丝并联后与左侧电阻丝串联，

并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以I1＞ I2，故 AB错误；

由 Q=I2Rt 可知，通电时间相同时， I1＞I2， R1=R2=5Ω，所以左侧电阻产生的热量较多，密

闭空气吸收热量后，体积不变，压强变大，左侧容器内气体的压强与大气压的差值较

大， A 测玻璃管液面较

高．故选 D．

【分析】由电路图分析电阻丝的连接方式，根据串并联电路的电流特点可知通过它们的电

流关系，根据Q=I2Rt 比较两电阻产生的热量关系，密闭空气吸收热量后，压强变大，U 形管内两液面的差值变大，据此进行解答．

4．如图所示的电路，闭合开关后，当滑片P 向右移动时，下列说法正确的是（）

A.灯泡 L 变暗

B. 电压表示数变小

C. 电流表 A1示数变大

D. 整个电路消耗的总功率变小

【答案】 D

【解析】【解答】由电路图可知，灯泡L 与滑动变阻器R 并联，电压表 V 测电源的电压，电流表 A1测干路电流，电流表A2测 L 支路的电流。因电源的电压不变，所以，滑片移动时，电压表的示数不变， B 不符合题意；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所

以，滑片移动时，通过L 的电流和实际功率不变，即L 的亮度不变， A 不符合题意；当滑

片 P 向右移动时，变阻器接入电路中的电阻变大，由I＝可知，通过R 的电流变小，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变小，即电流表A1的示数变小， C 不符合题意；由 P＝ UI 可知，整个电路消耗的总功率变小， D 符合题意。

故答案为： D。

【分析】灯泡 L 与电阻 R 并联，电压表测电源的电压，电流表A1测干路电流，电流表 A2测 L 支路的电流，根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各

支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过L 的电流和实际功率不变，根据滑片的移动

可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R 的电流变化，根据并联电路的电流

特点可知干路电流的变化，根据P=UI 可知电路总功率的变化 .

5．关于电现象，下列说法正确的是（ ）

A. 电流做功越多，电功率越大

B. 家用电器的金属外壳要接地

C. 同种电荷相互吸引，异种电荷相互排斥

D.导体中没有电流通过时，导体就没有电

阻

【答案】 B

【解析】 【解答】解： A 、电功率的大小，不但和做功的多少有关，还与时间的长短有关，故 A 错误；

B 、有金属外壳的家用电器的金属外壳要接地，正确；

C 、电荷间的作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，故

C 错误；

D 、电阻是导体的一种性质，和导体中有无电流无关，故 D 错误．

故选 B ．

【分析】（ 1）电功率是表示电流做功快慢的物理量，和电流做功的多少、时间的长短有

关；

（ 2）为了防止漏电发生触电事故，所以大功率或有金属外壳的用电器的外壳要接地； （ 3）电荷间的作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；

（ 4）电阻是导体的一种性质，和导体中有无电流无关． 6．如图所示电路中，电源电压不变，只闭合开关

，电流表示数变化了

，则同时闭合

，电流表的示数为、

后，相同时间内

，再闭合开关、

消耗的电能之

比是

A. 3：4

B. 4：3

C. 7：3

D. 4：7

【答案】 A

【解析】 【解答】由电路图知道，若只闭合

S 1

， 则是只有

1 的简单电路，电流表测的是

R

R

的电流，此时

I =0.3A ；当再闭合 S 时， R 、 R 并联，电流表测干路中的电流，由于并

1

1

2

1

2

联电路中各电阻互不影响，所以通过 R 1 的电流仍然是 I 1 =0.3A ，由于电流表示数变化了 0.4A ，则说明通过 R 的电流是 I =0.4A ，又因为并联电路各支路两端的电压相等，即 U

2 2

1

=U

2

，

由

W=UIt

知道，在相同时间内 R 、 R

消耗的电能之比是：

1

2

，

故答案为： A 。

【分析】结合电路图，理清开关通断时电路的连接方式及电表的测量对象，利用并联电路

的电压关系、电功的计算公式求解即可.

7．下列估测与事实最接近的是（）

A. 完整播放一遍我国国歌的时间约为50s

B. 一本九年级物理课本的质量约为25g

C. 家用电冰箱一天消耗的电能约为24kW?h

D. 初中生小美站立在水平地面上对水平地面的压强约为500Pa

【答案】 A

【解析】【解答】解： A、完整播放一遍我国国歌的时间约为50s，符合实际； A 符合题意；

B、一本九年级物理课本的质量约为250g ，B 不符合题意；

C、家用电冰箱一天消耗的电能约0.6kW?h 左右， C 不符合题意；

D、初中生小美站立在水平地面上对水平地面的压强约：每只鞋的底面积大约为200cm2，即 0.02m 2；中学生的体重大约为 50kg，压力 F＝ G＝mg＝ 50kg×10N/kg＝ 500N，压强 P＝

＝

4

＝ 1.25 ×10Pa； D 不符合题意。

故答案为： A。

【分析】利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法，叫估测法，不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，

有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算.

8．下列估测最接近实际的是（）

A. 一个鸡蛋的质量约为 200g

B. 人感觉舒适的环境温度约为23℃

C. 一位普通中学生的手掌宽度约为25cm

D. 家用电视机的功率约为1500W 【答案】 B

【解析】【解答】解： A、一个鸡蛋的质量约为50g；

B、人感觉舒适的环境温度为20﹣﹣ 26℃；

C、一位中学生的手掌宽度约为10cm；

D、家用电视机的功率约为200W ．

故选 B

【分析】做这种题目，要对一些常见的物理量要有一定的估测能力，根据生活常识去判断题目的对错．

9．关于家里的用电器，下列数据最符合实际的是（A. 白炽灯的正常工作电流约为0.1A

）

B遥.控器的干电池电压约

为

220V

C. 空调制冷时的功率约为10W D电.扇正常工作 1h 耗电约为 1KW?h

【答案】 A

【解析】【解答】解：A、白炽灯的额定功率为40W ，正常工作电流约为I==

≈ 0.18A，0.1A 相差不大，故 A 符合实际；B、遥控器的干电池电压约为 1.5V，故 B 不符合实际；

C、空调制冷时的功率约为1000W，故 C 不符合实际；

D、电扇的额定功率为100W ，正常工作1h耗电约为W=Pt=0.1KW× 1h=0.11KW?h，故 D 不符合实际．

故选 A．

【分析】做这种题目，要对一些常见的物理量要有一定的估测能力，根据生活常识和必要

的计算去判断题目的对错．

10．如图所示，滑动变阻器的滑片P 处于中间位置，闭合开关S，两个灯泡均能发光（假

设灯丝电阻不变），此时，将滑动变阻器的滑片P 向右移动，则（）

A. L1和 L2都变亮

B. L1变暗， L2变亮

C. 1L变亮， L2变暗

D. L1和 L2都变暗

【答案】 B

【解析】【解答】解：由电路图可知，灯泡 L2与滑动变阻器 R 并联后再与灯泡 L1串联，将滑动

变阻器的滑片 P 向右移动，滑动变阻器接入电路中的电阻变大，并联部分的电阻变

大，电路的总电阻变大，

由 I= 可知，干路中的电流变小，由

U=IR 可知， L1两端的电压变小，因

灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，

所以，由P=UI 可知，灯泡L1的实际功率变小，L1的亮度变暗，故AC 错误；

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以，并联部分的电压变大，

因并联电路中各支路两端的电压相等，

所以，灯泡L2两端的电压变大，

由 P= 可知， L2的实际功率变大，亮度变亮，故 B 正确、 D 错误．

故选 B．

【分析】由电路图可知，灯泡L2与滑动变阻器R 并联后再与灯泡 L1串联，根据滑片的移动

可知接入电路中电阻的变化和并联部分电阻的变化以及总电阻的变化，根据欧姆定律可知

电路中电流的变化和L1两端的电压变化，根据P=UI 可知 L1实际功率的变化，进一步判断

其亮暗的变化；根据串联电路的电压特点可知并联部分电压的变化，根据并联电路的电压

特点和 P=UI=可知L2实际功率的变化，进一步判断其亮暗的变化．

11．如图所示的电路，电源电压为 3V， R1=15 Ω， R2=5Ω，当开关 S 闭合时，下列分析正确的

是（）

A. R 、 R 两端电压之比为3：1B通.过 R 、 R 电流之比为 3：1

1212

C. R、 R 消耗的电功率之比为 1 ：3

D. R的电功率为 1.8W

121

【答案】 C

【解析】【解答】由电路图知道，R12

两电阻并联，由于并联电路各支路两端的电压相

、 R

等，所以 R12

1：1， A 不符合题意；由12、 R 两端电压之比是I=U/R 知道，通过 R、R 电流之

比是： I121 2 2121

、： I=U/R ： U/R =R：R =5Ω：/15 Ω =1： 3， B 不符合题意；由 P=U /R 知道，R R 消耗的电功率之比是：P ： P22/R =R： R =1： 3， C 符合题意；由于两电阻并

=U /R ：U

2121221

联，所以 U11

的电功率是：1212

Ω =0.6W， D 不符合题意，

=U=3V， R P =U / R =（3V） /15

故答案为： C。

【分析】根据并联电路的特点，当电压相等时，电流和电阻成反比，电功率和电阻成反比.

12．如图所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S 后，滑动变阻器滑片P 向左移动的过程中（不考虑灯丝的电阻受温度的影响），下列说法正确的是（）

A. 电流表示数逐渐变小B电.压表示数逐渐变大

C. 滑动变阻器两端的电压逐渐变大

D. 小灯泡的亮度逐渐变暗

【答案】 B

【解析】【解答】解：由电路图可知，灯泡 L 与变阻器 R 串联，电压表测 L 两端的电压，电流表测电路中的电流．

滑动变阻器滑片P 向左移动的过程中，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，

由 I=可知，电路中的电流变大，即电流表的示数逐渐变大，故 A 错误；

由 U=IR 可知，灯泡L 两端的电压变大，即电压表的示数逐渐变大，故 B 正确；

因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，

所以，由P=UI 可知，灯泡的实际功率变大，小灯泡的亮度逐渐变亮，故 D 错误；

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以，滑动变阻器两端的电压逐渐变小，故 C 错误．

故选 B．

【分析】由电路图可知，灯泡L 与变阻器R 串联，电压表测L 两端的电压，电流表测电路

中的电流．根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的

变化和灯泡两端的电压变化，根据P=UI 可知灯泡实际功率的变化，进一步判断亮暗的变

化，根据串联电路的电压特点可知变阻器两端的电压变化．

13．如图所示的电路中， a 、 b 、 c 是三只电表（电压表或电流表），闭合开关S，标有“ 3V1.5W的”灯泡 L1正常发光，标有“ 6V3W”的灯泡 L2发光较暗。若不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列说法正确的是（）

A. 电表 a 为电流表，且示数为1A

B. 电表 b 为电压表，且示数为 3V

C. 电表 c 为电流表，且示数为0.25A

D. 闭合开关 S，电路消耗的总功率为

2.25W

【答案】 D

【解析】【解答】由P＝ UI 可得，两灯泡正常发光时的电流分别为：I1

0.5A， I20.5A，由 I可得，灯泡L2的电阻： R212Ω；因灯泡 L1正常发光，灯泡 L2发光但较暗，所以，通过L1、 L2的电流不相等，L1与 L2应并联，则 a 一定是电流表， b 是相当于导线的电流表， c 是相当于开路的电压表， B 不符合题意；此时电流表 a 测干路电流，电流表 b 测 L2支路的电流，电压表 c 测电源的电压，因并联电路中各支路两端的电压相等，且灯泡L1正常发光，所以，电源的电压U＝ U1＝3V，即

电压表 c 的示数为 3V，C 不符合题意；此时通过R2的电流： I2′0.25A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，以，干路电流表 a 的示数：I＝ I1+I2′＝0.5A+0.25A＝ 0.75A， A 不符合题意；电路消耗的总功率：P＝ UI＝ 3V× 0.75A＝ 2.25W ， D 符合题意。

故答案为： D

【分析】根据 P=UI 求出两灯泡正常发光时的电流，再根据欧姆定律I求出灯泡L2的电

阻，根据“灯泡 L，正常发光，灯泡L2发光较暗”判断两灯泡的连接方式，进一步判断三电

表的类型，根据串并联电路的电流特点和额定电压下灯泡正常发光得出电源的电压，根据

欧姆定律求出通过 R2的电流，根据并联电路的电流特点求出电路总电流，再根据P＝UI 求出电路消耗的总功率 .

14．小王家的电能表上标着“ 600imp/（kW?h），220V 5A”等信息他用这个电能表来测量某

用电器的功率；他把家中的其他用电器都与电源断开，仅让这个用电器工作，6min内电能表指示灯闪了30 次．该用电器阻值恒定，将它接到110V的电路中，实际功率是（）A. 250w B. 125w C. 150W D. 500W 【答案】 B

【解析】【解答】解：（ 1）由电能表的参数可知，电路中每消耗 1kW?h 的电能，指示灯闪烁

600 次，当指示灯闪烁 30 次时，消耗电能：

W=30×kW?h=kW?h ；

用电器的功率：

P= ==0.5kW=500W ．

因为该用电器阻值恒定，

由 P=可得，

正常工作时电阻丝的电阻=125W．

故选 B．

【分析】（ 1） 600imp/

R===96.8 Ω；（

（ kW?h ）的含义是：电路中每消耗

2 ）电功

率 1kW?h

P 实 =v=

的电能，指示灯闪烁600

次；然后可求指示灯闪烁30 次消耗的电能，根据P=求出用电器的功率，再利用R=可

求得正常工作时该用电器的电阻．（2）因为该用电器阻值恒定，根据P=可求得该用电器实际的电功率．

15．具有防雾除露、化霜功能的汽车智能后视镜能保障行车安全，车主可通过旋钮开关实

现功能切换。图是模拟加热原理图，其中测试电源的电压为10V，四段电热丝电阻均为

10Ω，防雾、除露、化霜所需加热功率依次增大。下列说法正确的是（）

A. 开关旋至“ 1档”，开启化霜功能

B. 开启防雾功能，电路总电阻为5Ω

C. 化霜与防雾电路的总功率之差为15W

D.从防雾到除露，电路总电流变化1A

【答案】 C

【解析】【解答】由图知道，当开关旋至“1档”时，两条电阻丝串联接入电路，此时电路总

电阻最大为2R=2×10Ω=20Ω，由知道，此时电功率最小，开启防雾功能，AB 不符合

题意；此时电路中的电流是：=0.5A；此时电路的总功率是：

P1=UI1=10V× 0.5A=5W；当开关旋至“ 2档”时，一条电阻丝单独接入电路，电阻较大（大于并

联时的总电阻），电路消耗的功率较小，此时为除露功能；此时电路中的电流是：

不符合=1A；从防雾到除露，电路总电流变化量是： I2-I1=1A-0.5A=0.5A， D 题意；

当开关旋至“3档”时，两条电阻丝并联接入电路，总电阻最小，总功率最大，此时为

化霜功能，电路的总电阻是：，电路的总电流是：

=2A；此时总功率是：P3=UI3=10V× 2A=20W，化霜与防雾电路的总功率之差是： P3 -P1 =20W-5W=15W ，C 符合题意。

故答案为： C

知道对应的状【分析】结合电路图，理清开关处于不同状态时元件的连接方式，由

态，再逐项进行计算即可.

16．有两个电路元件 A 和 B，流过元件的电流与其两端电压的关系如图所示，下列说法正确

的是（）

A. A的电阻值为 6.25 ΩBA. 和B 串联，电路中电流为0.4A时， A、

B 的电功率之比为5：4

C.A和 B 并联在电压为 2.5v的电源两端，A、 B 的电功率之比为5： 4

D. 当 A 和 B 串

联，两者电阻相同时，电源电压为3V

【答案】 C

【解析】【解答】 A．由图象可知，当通过 A 的电流I A＝ 0.4A时， A 两端的电压U A＝

2.0V，由 I＝可得，A的电阻值：R A＝＝5Ω，A不符合题意；B．A和B串联，

电路中电流为0.4A 时，因串联电路中各处的电流相等，所以，通过两元件的电流I A＝ I B＝0.4A，由图象可知，两元件两端的电压U A＝ 2.0V， U B＝ 2.5V，由 P＝ UI 可得， A、 B 的电功

率之比：， B 不符合题意；（3） A 和 B 并联在电压为 2.5V 的电源

两端时，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，两元件两端的电压U A′＝ U B′＝2.5V，由图象可知，通过两元件的电流I A′＝ 0.5A ， I B′＝ 0.4A，则A、 B 的电功率之比：

， C 符合题意；（ 4）当 A 和 B 串联，两者电阻相同时，它们两端

的电压和通过的电流相等，由图象可知，电路中的电流为0.6A，两元件两端的电压均为3V

时符合，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：U＝ U A″ +U B″＝

3V+3V＝ 6V， D 不符合题意。

故答案为： C。

【分析】根据电流和电压的图像，计算电阻的大小，结合图像分析电流相同或电压相同时

的电功率的比值关系 .

17．两定值电阻R1=10 Ω， R2=5Ω，现将 R1、 R2接入如图所示的电路，电源电压为3V，当开

关 S 闭合时，下列分析正确的是（）

A. R 、 R 电流之比为1： 2

B. 、R R 两端的电压之比为2：1

1212

C. R、 R 消耗的电功率之比为 1 ：2D电.路消耗总的电功率等于 2.7W

12

【答案】 B

【解析】【解答】解：由电路图可知， R12

串联，

与 R

因串联电路中各处的电流相等，

所以， R1、 R2电流之比为1： 1，故 A 错误；

由 I=可得，R1、R2两端的电压之比：

== ==，故B正确；

由 P=UI 可得， R1、R2消耗的电功率之比：

== =，故C错误；

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以，电路消耗的总功率：

P 总 ===0.6W，故 D 错误．

故选 B．

【分析】由电路图可知，R1与 R2串联，根据串联电路的电流特点可知通过两电阻的电流关

系，根据欧姆定律求出两电阻两端的电压之比，根据P=UI 求出两电阻消耗的电功率之比，

根据电阻的串联和P=UI=求出电路消耗总的电功率．

18．现有电源、开关、电流表、电压表、灯泡、滑动变阻器各一个，其中灯泡的U﹣ I 图象如图所示。将这些元件用导线连成电路后，闭合开关，滑动变阻器的滑片从最左端向右滑

动的过程中，电压表的示数从5V 开始减小，电流表的示数从0.3A 开始增大。下列结论正

确的是（）

A. 电源的电压为5V

B. 小灯泡的最大功率为0.3W

C. 滑动变阻器的最大阻值为20Ω

D. 整个电路的最小功率是 1.8 W

【答案】D

【解析】【解答】解：（ 1）根据题意可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测变阻器两端

的电压，电流表测电路中的电流，如图所示：

；（ 2 ）当电压表的示数为5V 时，电路中的电流为0.3A，由图象得出此时灯泡两端的电压U L＝1V，

因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以电源的电压：

U＝U 滑 +U L＝ 5V+1V＝ 6V， A 不符合题意；

由 I＝可得，滑动变阻器的最大阻值：

R 滑＝＝≈ 16.7，ΩC不符合题意；

整个电路的最小功率：

P min＝ UI＝ 6V× 0.3A＝1.8W ， D 符合题意；（3）当滑动变阻器接入电路中的电阻最小时，灯

泡两端的电压和电源的电压相等，

由图象可知通过灯泡的电流I ′＝ 0.5A，则小灯泡的最大功率：

P Lmax＝ UI ＝′ 6V× 0.5A＝ 3W，B 不符合题意。

故答案为： D。

【分析】结合题意，将滑动变阻器的滑片从最左端向右滑动的过程中，电压表的示数减小，

电流表的示数增大，则电压表并联在滑动变阻器两端，否则两电表示数应同时增大或

同时减小；当电压表的示数为5V 时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流

最小，电路的总功率最小，根据图象读出电路中的电流为 0.3A 时灯泡两端的电压，根据串联电路

的电压特点求出电源的电压，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据欧姆定

律求出滑动变阻器的最大阻值，根据 P=UI 求出整个电路的最小功率；当滑动变阻器接入电路中

的电阻最小时，灯泡两端的电压和电源的电压相等，根据图象读出通过的电流，根据P=UI 求

出灯泡的最大功率 .

19．在如图所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P 向下滑动时，四个电表的示数都发生了变化，电表的示数分别用l 、 U1、 U2和 U3表示，电表示数变化量的大小分别用△ l、△ U1、△U2和△ U3表示，电阻R1、 R2、 R3消耗的电功率分别用P1、 P2、 P3表示，下列选项正确的是（）

A.U1/l 不变，△ U1/ △ l 变小

C.U3/l 不变，△ U3/ △ l 不变【答案】 B B. U2/l 变大，△ U2/ △ l 不变

D. P1变大， P2变小， P3变大

【解析】【解答】电源电压保持不变，闭合开关S， R12、 3

串联，

、 R R

A. U /l 为 R不变，△ U / △ l 为 R 不变， A 不符合题意；

1111

B.U /l 为滑动变阻器连入电路的阻值，阻值变大，△ U / △ l 为 R 和 R 的阻值，阻值不变，

2213

B符合题意；

C.U3 /l 为 R1和 R2的阻值变大，△ U3/△ l为R3不变，C不符合题意；

D.滑动变阻器的电阻变大，电路中电流变小，P1变小， P2先变大后变小，P3变小 .D 不符合题意；

故答案为： B.

【分析】学生首先要会分析电路图，再要会根据滑片的移动情况，分析电路中电阻的变

化，再分析各个量的变化 .

20．如图所示是甲、乙两个电阻的电流与电压关系的图象，将它们连接在电路中，下列说

法正确的是（）

A. 串联在电路中，当电流为0.4A 时，甲、乙两端电压之比为2： 1

B. 串联在电路中，当电流为0.2A 时，甲、乙的电功率之比为2： 1

C. 并联在电源电压为2V 的电路中，干路中的总电流为0.8A

D. 并联在电源电压为2V 的电路中，通电 10s 电路消耗的电能为 12J

【答案】 D

【解析】【解答】（ 1 ）因串联电路中各处的电流相等，所以，两元件串联，当电流为

0.4A 时，通过甲乙的电流均为0.4A，由图象可知它们两端的电压分别为U 甲＝2V,U 乙＝2.5V，则甲、乙两端电压之比U 甲 :U 乙＝ 2V:2.5V＝ 4:5， A 不符合题意；

当电路中的电流为0.2A 时，通过甲乙的电流均为0.2A，由图象可知它们两端的电压分别为

U′甲＝ 1V,U乙′＝2V，则甲、乙的电功率之比P 甲 :P 乙＝ U′甲 I:U 乙′I＝ U′甲:U ′乙＝ 1V:2V＝ 1:2，B 不符合题意；

（2）因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，并联在电路电压为2V 的电源上时，它们两端的电压均为 2V，由图象可知 ,通过两元件的电流I甲＝ 0.4A,I乙＝0.2A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路中的总电流：I′＝I 甲I 乙＝0.4A0.2A＝0.6A， C 不符合题意；

通电 10s 电路消耗的电能： W＝ UI′t＝2V×0.6A＝ 12J， D 符合题意。

故答案为： D.

【分析】两元件串联时通过它们的电流相等，根据图象读出两元件两端的电压，然后求出

电压之比，根据 P=UI 求出电功率之比；两元件并联时它们两端的电压相等，根据图象读出

两元件的电流，根据并联电路的电流特点求出干路电流，根据P=UI 求出电路中的总功率 .

21．图是某家用电热器内部电路结构图，其中 R1、R2为加热电阻丝（ R1 >R2电阻丝的四种连接方式，可使电热器提供不同的发热功率，其中大小说法正确的是（）。下列关于

）

A. 甲的连接方式干路电流最小

B. 乙的连接方式总电阻最小

C. 丙的连接方式消耗电能最多

D. 丁的连接方式发热功率最大

【答案】 D

【解析】【解答】由图示可知，甲种接法时，只有电阻R2连入电路；乙种接法时，两电阻是串联的；丙种接法时，只有电阻R1连入电路；丁种接法时，两电阻并联；故可知丁种接

D 符合题意；乙种接法时总电阻最小，消耗的电能最多，发热功率最大， BC 不符合题意，法总

电阻最大，干路中的电流是最小的， A 不符合题意；故答案为： D。

【分析】先根据四种不同连接方式确定电路的连接情况，从而判断电路中电阻大小，由欧

P=判断电路消耗电功率大小，由

姆定律判断电路中电流大小，当电源电压不变，由

W=Pt 分析消耗电能的多少.

22．家用饮水机是一种双温电热器，其工作原理可简化为如图所示的电路，R1为定值电阻， R2为电热板，R1=3R2， a、 b 是温控开关S 的两个触点，调节S可使饮水机处于加热或保温状态。则饮水机在加热与保温状态时R2消耗的电功率之比及有关说法正确的是

（）

A.4： 1， S 与 a 点接触时处于保温状态

B.16:1， S与 a 点接触时处于保温状态

C.4： 1， S 与 b 点接触时处于保温状态

D.16： 1， S与 b 点接触时处于保温状

态【答案】 B

【解析】【解答】当S 接 b 时是加热状态，此时R2电功率为，当 S 接 a 时，电路串联，处于保温状态，R2的电功率为

，则 P1:P2=16:1， B 符合题意。故答案为： B.

【分析】根据电阻串联时，总电功率减小，根据电压和电阻可以计算电功率，根据电流和

电阻可以计算电功率大小。

23．将标有“ 8V 8 W" 的灯泡 L1和“ 8V 16 W"的灯泡 L2接串连在12 V 的电路中，闭合开关，不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列说法中正确的是（）

A. 灯泡L1、 L2都能正常发光

B. 灯泡L1比灯泡L2亮

C. 灯泡L2比灯泡L1亮

D. 灯泡L1、 L2一样亮

【答案】B

【解析】【解答】根据规格计算电阻和电流分别为，

，，；若串联， L1 可以正

常发光，此时的电流为 1A，L1的功率为 8W，L2的功率为

，则 L 比 L 更亮， B符合题意。

12

故答案为： B.

【分析】根据灯泡的规格计算电流和电阻，利用串联电路电流相等分析电流大小，结合电

流和电阻计算实际电功率，再比较亮度。

24．王楠同学在学习了滑动变阻器的知识后，决定将自己的台灯改为调光式，于是他从解

放碑雅兰电子城买了“1W 2kΩ”的电位器一个，装在台灯（灯泡为“PZ22060”）上，一开灯，确实能调光，但电位器一会儿就冒起烟了，吓得他赶快扯下了插头。分析他失败的原

因是（）

A.因为一开灯能调光，说明电位器规格正确，主要是电位器的质量低劣

B.电位器额定功率偏小

C.电位器额定电流偏大

D.电位器电阻偏小，应换用 20k Ω

【答案】B

【解析】【分析】首先利用利用额定功率和实际功率的关系判断A、 B、 C 是否正确．

知道灯泡的额定电压和额定功率，可利用公式 R= 特点和电功率的公式计算出变阻器的实际功率，从而判断计算出灯泡的电阻，再利用串联电路的

D 是否正确．

【解答】因为烧毁了，所以电位器规格肯定不合格；故 A 错误；

功率偏大不可能，既然烧坏了那肯定是实际功率大于了额定功率，

意； B 说法正确；

灯泡为“PZ22060”，

C 说法错误，不符合题

∴灯泡的电阻为RL= ==807Ω；

接上电位器后电路中的总电阻为R=RL+R电 =807Ω+2000Ω=2807Ω，

∴电位器的功率为：P 电=I2R 电=（）2R 电=（）2 ×2000Ω≈12.，3W

从而可知 D 说法错误；

故选 B．

【点评】本题考查了学生对串联电路特点的理解，以及利用电功率的公式分析电路中电功

率的大小，本题考查知识点比较多，属于难题．

25．如图所示电路的两灯泡L1和 L2分别标有“ 3.8V0.2A和”“ 3.8V0.3A字样”，闭合开关后两均

发光。假改灯泡的电阻不受温度影响，下列判断正确的是（）

A. 两灯串联

B.灯更亮

C.灯的电阻丝更粗

D.电流表的示数为

【答案】B

【解析】【解答】解：A、由图可知，电流从电源的正极流出，经开关后分为两支，一支

经过灯泡 L1

，另一支经过左侧电流表12，汇合到电流表2再回到电源的负

A和灯泡 L A

极，因此，两灯泡并联， A 不符合题意。

B、两灯泡L1和L2分别标有“ 3.8V0.2A和”“ 3.8V0.3A字样”，由I=可得，R1＞ R2，

两灯泡并联，其两端电压相等，由P=可知，灯泡L1

的实际功率小于灯泡2的实际功

L

率，则灯 L2更亮， B 符合题意；

C、已知由于灯丝的材料相同，长度相同，L 电阻小于 L电阻，所以 L 灯丝就较粗， C 不

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符合题意；

D、由图知，两节干电池串联，则电源电压为3V；如果两灯能正常发光，则A2的示数为

0.2A+0.3A=0.5A；由于电源电压小于两灯泡的额定电压为 3.8V，所以此时两灯泡都不能正

常发光，则 A2的示数应小于 0.5A， D 不符合题意。

故答案为： B

【分析】结合实物图，理清元件的连接方式及电表的测量对象，根据I=可求得其电阻，

假改灯泡的电阻不受温度影响，由P=可知其实际功率大小，灯泡的亮度取决于其实际功

率大小；再根据影响电阻大小的因素分析得到两灯灯丝的粗细关系.