河南省固始县一中物理第十三章 电磁感应与电磁波专题试卷

河南省固始县一中物理第十三章 电磁感应与电磁波专题试卷

一、第十三章 电磁感应与电磁波初步选择题易错题培优（难）

1．如图所示，三根相互平行的固定长直导线1L 、2L 和3L 垂直纸面如图放置，与坐标原点

分别位于边长为a 的正方形的四个点上， 1L 与2L 中的电流均为I ，方向均垂直于纸面向外， 3L 中的电流为2I ，方向垂直纸面向里（已知电流为I 的长直导线产生的磁场中，距导

线r 处的磁感应强度kI

B r

（其中k 为常数）．某时刻有一质子（电量为e ）正好沿与x 轴正方向成45°斜向上经过原点O ，速度大小为v ，则质子此时所受磁场力为( )

A ．方向垂直纸面向里，大小为23kIve

B ．方向垂直纸面向外，大小为322kIve

a C ．方向垂直纸面向里，大小为32kIve

a

D ．方向垂直纸面向外，大小为23kIve

【答案】B 【解析】 【详解】

根据安培定则，作出三根导线分别在O 点的磁场方向，如图：

由题意知，L 1在O 点产生的磁感应强度大小为B 1＝ kI a

，L 2在O 点产生的磁感应强度大小

为B2＝

2

kI

a

，L3在O点产生的磁感应强度大小为B3＝2kI

a

，先将B2正交分解，则沿x轴

负方向的分量为B2x＝

2

kI

a

sin45°＝

2

kI

a

，同理沿y轴负方向的分量为

B2y＝

2

kI

a

sin45°＝

2

kI

a

，故x轴方向的合磁感应强度为B x＝B1+B2x＝

3

2

kI

a

，y轴方向的合磁感应强度为B y＝B3?B2y＝

3

2

kI

a

，故最终的合磁感应强度的大小为22

32

2

x y

kI

B B B

a

＝＝，

方向为tanα＝y

x

B

B

＝1，则α=45°，如图：

故某时刻有一质子（电量为e）正好沿与x轴正方向成45°斜向上经过原点O，由左手定则

可知，洛伦兹力的方向为垂直纸面向外，大小为f＝eBv＝

32

2

kIve

a

，故B正确; 故选B．

【点睛】

磁感应强度为矢量，合成时要用平行四边形定则，因此要正确根据安培定则判断导线周围磁场方向是解题的前提.

2．取两个完全相同的长导线，用其中一根绕成如图（a）所示的螺线管，当该螺线管中通以电流强度为I的电流时，测得螺线管内中部的磁感应强度大小为B，若将另一根长导线对折后绕成如图（b）所示的螺线管，并通以电流强度也为I的电流时，则在螺线管内中部的磁感应强度大小为（）

A．0 B．0.5B C．B D．2 B

【答案】A

【解析】

试题分析：乙为双绕线圈，两股导线产生的磁场相互抵消，管内磁感应强度为零，故A正确．

考点：磁场的叠加

名师点睛：本题比较简单，考查了通电螺线管周围的磁场，弄清两图中电流以及导线的绕

法的异同即可正确解答本题．

3．如图所示，匀强磁场中有一圆形闭合线圈，线圈平面与磁感线平行，能使线圈中产生感应电流的应是下述运动中的哪一种（）

A．线圈平面沿着与磁感线垂直的方向运动

B．线圈平面沿着与磁感线平行的方向运动

C．线圈绕着与磁场平行的直径ab旋转

D．线圈绕着与磁场垂直的直径cd旋转

【答案】D

【解析】

【分析】

【详解】

A．线圈平面沿着与磁感线垂直的方向运动时，磁通量始终为零，保持不变，线圈中没有感应电流产生；故A错误．

B．线圈平面沿着与磁感线平行的方向运动时，磁通量始终为零，保持不变，线圈中没有感应电流产生；故B错误．

C．线圈绕着与磁场平行的直径ab旋转时，磁通量始终为零，保持不变，线圈中没有感应电流产生；故C错误．

D．线圈绕着与磁场垂直的直径cd旋转时，磁通量从无到有发生变化，线圈中有感应电流产生；故D正确．

故选D．

【点睛】

感应电流产生的条件有两个：一是线圈要闭合；二是磁通量发生变化.

4．分子运动看不见、摸不着，不好研究，但科学家可以通过研究墨水的扩散现象认识它，这种方法在科学上叫做“转换法”，下面是小红同学在学习中遇到的四个研究实例，其中采取的方法与刚才研究分子运动的方法相同的是（）

A．研究电流、电压和电阻关系时，先使电阻不变去研究电流与电压的关系；然后再让电压不变去研究电流与电阻的关系

B．用磁感线去研究磁场问题

C．研究电流时，将它比做水流

D．电流看不见、摸不着，判断电路中是否有电流时，我们可通过电路中的灯泡是否发光

去确定

【答案】D

【解析】

【分析】

【详解】

A．这种研究方法叫控制变量法，让一个量发生变化，其它量不变，A错误；

B．用磁感线去研究磁场问题的方法是建立模型法，使抽象的问题具体化，B错误

C．将电流比做水流，这是类比法，C错误

D．判断电路中是否有电流时，我们可通过电路中的灯泡是否发光去确定，即将电流的有无转化为灯泡是否发光，故是转化法，D正确。

故选D。

5．如图所示，绕在铁芯上的线圈与电源、滑动变阻器和电键组成闭合回路，在铁芯的右端套有一个表面绝缘的铜环a，下列各种情况中铜环a中没有感应电流的是（）

A．将电键突然断开的瞬间

B．线圈中通以恒定的电流

C．通电时，使滑动变阻器的滑片P做加速移动

D．通电时，使滑动变阻器的滑片P做匀速移动

【答案】B

【解析】

【详解】

A.将电键突然断开的瞬间，线圈产生的磁场从有到无消失，穿过铜环a的磁通量减小，产生感应电流，故A不符合题意；

B.线圈中通以恒定的电流时，线圈产生稳恒的磁场，穿过铜环a的磁通量不变，没有感应电流产生，故B符合题意；

C.通电时，使变阻器的滑片P作加速滑动时，变阻器接入电路的电阻变化，回路中电流变化，线圈产生的磁场变化，穿过铜环a磁通量变化，产生感应电流，故C不符合题意；

D.通电时，使变阻器的滑片P作匀速滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，回路中电流增大，线圈产生的磁场增强，穿过铜环a磁通量增大，产生感应电流，故D不符合题意；

6．如图，在直角三角形ACD区域的C、D两点分别固定着两根垂直纸面的长直导线，导线中通有大小相等、方向相反的恒定电流，∠A=90?，∠C=30?，E是CD边的中点，此时E 点的磁感应强度大小为B，若仅将D处的导线平移至A处，则E点的磁感应强度（）

A ．大小仍为

B ,方向垂直于A

C 向上 B ．大小为3

B ，方向垂直于A

C 向下 C ．大小为

3

2

B ，方向垂直于A

C 向上

D ．大小为3B ，方向垂直于AC 向下 【答案】B 【解析】 【分析】 【详解】

根据对称性C 、D 两点分别固定着两根垂直纸面的长直导线在E 点产生的磁感应强度

02

B B =

由几何关系可知

AE =CE =DE

所以若仅将D 处的导线平移至A 处在E 处产生的磁感应强度仍为B 0，如图所示

仅将D 处的导线平移至A 处，则E 点的磁感应强度为

032cos302

B B B '=?=

方向垂直于AC 向下。

A ．大小仍为

B ,方向垂直于A

C 向上 与上述结论不相符，故A 错误； B 3

，方向垂直于AC 向下 与上述结论相符，故B 正确； C 3

，方向垂直于AC 向上 与上述结论不相符，故C 错误；

D．大小为3B，方向垂直于AC向下与上述结论不相符，故D错误；

故选B。

7．在物理学的发展过程中，许多物理学家的科学发现推动了人类历史的进步．下列表述符合物理学史实的是（）

A．法拉第首先引入电场线和磁感线，极大地促进了人类对电磁现象的研究

B．伽利略猜想自由落体的运动速度与下落时间成正比，并直接用实验进行了验证

C．牛顿利用“理想斜面实验”推翻了“力是维持物体运动的原因”的观点

D．胡克认为弹簧的弹力与弹簧的长度成正比

【答案】A

【解析】

【详解】

A、法拉第首先引入电场线和磁感线，极大地促进了他对电磁现象的研究，故A正确；

B、伽利略用数学和逻辑推理得出了自由落体的速度与下落时间成正比，而不是直接用实验验证这个结论．故B错误．

C、伽利略利用“理想斜面实验”推翻了“力是维持物体运动的原因”的观点，故C错误；

D、胡克认为弹簧的弹力与弹簧的形变量成正比，故D错误.故选A.【点睛】

本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．

8．如图所示，三根完全相同的通电直导线a、b、c平行固定，三根导线截面的连线构成一等边三角形，O点为三角形的中心，整个空间有磁感应强度大小为B、方向平行于等边三角形所在平面且垂直bc边指向a的匀强磁场。现在三根导线中通以方向均向里的电流，其中I b=I c=I。已知通电长直导线在某点产生的磁感应强度的大小跟电流成正比，导线b在O 点产生的磁感应强度大小为B。则下列说法正确的是（）

A．若O点的磁感应强度平行ac边，则I a=（13

I

B．若O点的磁感应强度平行ab边，则I a=（1＋

3

3

）I

C．若O点的磁感应强度垂直ac边，则I a=31）I D．若O点的磁感应强度垂直ab边，则I a=31）I 【答案】A

【解析】 【详解】

三条直导线在O 点的磁场方向如图；其中B c 和B b 的合场强水平向右大小为B bc =B ；方向水平向右。

A ．若O 点的磁感应强度平行ac 边，则三条通电导线产生的磁场和匀强磁场在垂直于ac 方向的合磁场为零，即

sin 30cos30cos300c a B B B +-=

其中B c =B =kI ，解得

I a =（13I 选项A 正确；

B ．若O 点的磁感应强度平行ab 边，则三条通电导线产生的磁场和匀强磁场在垂直于ab 方向的合磁场为零，即

sin 30cos30sin 300b a B B B -+=

其中B b =B =kI ，解得

I a =3-1）I

选项B 错误；

C ．若O 点的磁感应强度垂直ac 边，则三条通电导线产生的磁场和匀强磁场在平行于ac 方向的合磁场为零，即

cos30sin 30-sin 300a bc B B B +=

表达式无解，则O 点的磁感应强度的方向不可能垂直ac 边，选项C 错误；

D ．若O 点的磁感应强度垂直ab 边，则三条通电导线产生的磁场和匀强磁场在平行于ab 方向的合磁场为零，即

cos30cos 60cos 600bc a B B B +-=

其中B c =B =kI ，解得

I a =3）I

选项D 错误。 故选A 。

9．在直角三角形PQS 中，∠S=30°，O 为PS 的中点，四根长度均为L 的直导线均垂直于纸面并分别固定于P 、Q 、S 、O 点。若四根导线均通有大小为I 的电流，方向如图所示。已知通电直导线Q 在P 处产生的磁感应强度大小为0B ，则通电直导线O 受到的安培力大小为（ ）

A ．03

B IL B ．05B IL

C ．07B IL

D ．03B IL

【答案】A 【解析】 【分析】 【详解】

由于OQ =PQ =OP =OS ，通电直导线Q 在P 处产生的磁感应强度大小为0B ，所以通电直导线P 、Q 、S 分别在O 处产生的磁感应强度大小都为0B ，方向如图所示

根据余弦定理，合磁感应强度

()2

200000222cos 603B B B B B B =+-?=?

由F=BIL 得通电直导线O 受到的安培力大小为

03F B IL =

故选A 。

10．如图所示的匀强磁场中有一个矩形闭合导线框，在下列四种情况下，线框中会产生感应电流的是( )

A．线框平面始终与磁感线平行，线框在磁场中左右运动

B．线框平面始终与磁感线平行，线框在磁场中上下运动

C．线框绕位于线框平面内且与磁感线垂直的轴线 AB 转动

D．线框绕位于线框平面内且与磁感线平行的轴线 CD 转动

【答案】C

【解析】

【分析】

【详解】

产生感应电流的条件是穿过闭合线圈的磁通量发生变化，ABD中线圈中的磁通量都不发生变化，只有C中闭合线圈的磁通量发生变化。

故选：C。

11．如图甲所示，一个条形磁铁P固定在水平桌面上，以P的右端点为原点，中轴线为x 轴建立一维坐标系．一个灵敏的小磁针Q放置在x轴上不同位置，设Q与x轴之间的夹角为θ.实验测得sinθ与x之间的关系如图乙所示．已知该处地磁场方向水平，磁感应强度大小为B0.下列说法正确的是( )

A．P的右端为S极

B．P的中轴线与地磁场方向平行

C．P在x0处产生的磁感应强度大小为B0

D．x0处合磁场的磁感应强度大小为2B0

【答案】C

【解析】

【分析】

【详解】

磁场是客观存在的特殊物质形态，我们感觉不到，但可通过小磁针来体现．小磁针N极的受力方向即为磁场方向，或磁感线该点的切线方向为磁场方向．

A．当x趋向无穷大时，小磁针所指的方向为地球的磁场的方向，所以根据题图可知，x趋向无穷大时，sinθ趋向1，则θ趋向90°，即小磁针的方向与x的方向垂直，所以x的方向为向东．当x非常小时，小磁针的N极沿x方向，即向东．由图可知，开始时N背离O 点，所以O点处的磁极是N极，故A错误；

B．由以上的分析可知，P的中轴线沿东西方向，与地磁场方向垂直，故B错误；

C．由乙图可知，x0处

2

sinθ=

则

45

θ=?

P 在0x 处产生的磁感应强度大小P B

tan 45P

B B ?=

所以

0P B B =

故C 正确；

D ．0x 处合磁场的磁感应强度大小为

02sin 45B B B =

=?

故D 错误。 故选C 。

12．如图所示，三根通电长直导线A 、B 、C 互相平行，其横截面位于等腰直角三角形的三个顶点上，三根导线中通入的电流大小相等，且A 、C 中电流方向垂直于纸面向外，B 中电流方向垂直于纸面向内；已知通电导线在其周围某处产生的磁场的磁感应强度kI

B r

=

，其中I 为通电导线中的电流强度，r 为某处到通电直导线的距离，k 为常量．下列说法正确的是( )

A ．A 所受磁场作用力的方向与

B 、

C 所在平面垂直 B ．B 所受磁场作用力的方向与A 、C 所在平面垂直 C ．A 、B 单位长度所受的磁场作用力大小之比为1∶2

D ．A 、B 单位长度所受的磁场作用力大小之比为1∶2

【答案】BC 【解析】 【分析】 【详解】

A ．利用右手定则可知：A 处的合磁场方向沿AC 方向，所以A 所受磁场作用力的方向与A 、C 所在平面垂直，A 错；

B ．利用右手定则可知：B 处的合磁场方向沿A

C 方向，所以B 所受磁场作用力的方向与A 、C 所在平面垂直，B 对；

CD．知通电导线在其周围产生的磁场的磁感应强度

kI

B

r

，根据磁场的叠加知：A处的磁

场大小为

2

2

kI

r

，而B处的磁场强度为2

kI

r

，所以A、B单位长度所受的磁场作用力

大小之比为1:2，C对，D错；

故选：BC

13．如图所示，A、B两回路中各有一开关S1、S2，且回路A中接有电源，回路B中接有灵敏电流计，下列操作及相应的结果可能的是（）

A．先闭合S2，后闭合S1的瞬间，电流计指针偏转

B．S1、S2闭合后，在断开S2的瞬间，电流计指针偏转

C．先闭合S1，后闭合S2的瞬间，电流计指针偏转

D．S1、S2闭合后，在断开S1的瞬间，电流计指针偏转

【答案】AD

【解析】

【分析】

【详解】

A．先闭合S2，构成闭合电路，当后闭合S1的瞬间时，通过线圈A的电流增大，导致穿过线圈B的磁通量发生变化，从而产生感应电流，则指针发生偏转，故A正确；

B．当S1、S2闭合后，稳定后线圈B中没有磁通量的变化，因而线圈B中没有感应电流，在断开S2的瞬间，当然指针也不偏转，故B错误；

C．先闭合S1，后闭合S2的瞬间，穿过线圈B的磁通量没有变化，则不会产生感应电流，故C错误；

D．当S1、S2闭合后，在断开S1的瞬间，导致穿过线圈B的磁通量发生变化，因而出现感应电流，故D正确，

故选AD

14．自然界的电、热和磁等现象都是相互联系的，很多物理学家为寻找它们之间的联系做出了贡献．下列说法正确的是（）

A．奥斯特发现了电流的磁效应，揭示了电现象和磁现象之间的联系

B．欧姆发现了欧姆定律，说明了热现象和电现象之间存在联系

C．法拉第发现了电磁感应现象，揭示了磁现象和电现象之间的联系

D．焦耳发现了电流的热效应，定量得出了电能和热能之间的转换关系

【答案】ACD

【解析】

试题分析：本题考查物理学史，根据电磁学发展中科学家的贡献可找出正确答案． 解：A 、奥斯特最先发现了电流的磁效应，揭开了人类研究电磁相互作用的序幕，故A 正确；

B 、欧姆定律说明了电流与电压的关系，故B 错误；

C 、法拉第经十年的努力发现了电磁感应现象，故C 正确；

D 、焦耳发现了电流的热效应，故D 正确； 故选ACD ．

点评：电流具有磁效应、热效应、化学效应等，本题考查其发现历程，要求我们熟记相关的物理学史．

15．如图所示，用同种材料制成的四根相互平行的通电长直导线（每根导线电阻为r ）

a b c d 、、、分别置于正方形的四个顶点上，四根导线都垂直于正方形所在平面。若每根

通电直导线单独存在时，通电直导线上的电流I 与通电直导线上的电流在正方形中心O 处产生的感应磁场B 的大小关系为(0)I

B k k r

=>，则四根通电导线同时存在时，以下选项正确的是（ ）

A ．a 和b 通电电流都为I ，c 和d 通电电流为都为2I 时，在O 点产生的磁感应强度大小

为32I

k

r

，方向水平向左 B ．a 通电电流为2I ，b c d 、、通电电流都为I 时，在O 点产生的磁感应强度大小为

32I

k r

，方向向左下方

C ．a 和b c 、通电电流都为I ，d 通电电流为2I 时，在O 点产生的磁感应强度大小为5I

k

r

，方向向左下方 D ．a 通电电流为I ，b c d 、、通电电流都为2I 时，在O 点产生的磁感应强度大小为5I

k

r

，方向向左上方 【答案】AD 【解析】 【详解】

A.当四根导线同时存在时，根据安培定则可知，四根导线在O 点产生的磁感应方向分别为：a 导线产生的磁感应强度方向沿Oc 方向；b 导线产生的磁感应强度方向沿Oa ；c 导线产生的磁感应强度方向沿Oa ；d 导线产生的磁感应强度方向沿Oc ；根据平行四边形定则可知：a 和b 通电电流都为I ，c 和d 通电流都为2I 时，在O 点产生的磁感应强度大小为

°°2cos 452cos 452I I I B k k r r r

=??+??=，

方向水平向左，故A 正确；

B.a 通电电流为2I ，b c d 、、通电电流都为I 时，在O 点产生的磁感应强度大小为

I B r

==， 方向向左下方，故B 错误；

C.a 和b c 、通电电流都为I ，d 通电电流为2I 时，在O 点产生的磁感应强度大小为

I B r

==， 方向向左下方，故C 错误；

D.a 通电电流为I ，b c d 、、通电电流都为2I 时，在O 点产生的磁感应强度大小为

5I B k r

==， 方向向左上方，D 正确。 故选：AD 。

二、第十三章 电磁感应与电磁波初步实验题易错题培优（难）

16．为探究影响感应电流方向的因素，几位同学做了如下的实验。 (1)小李同学选用图（甲）中的器材模仿法拉第的实验进行探究

①为了保证实验现象明显，电源选用_______，电表选用________；（填写器材前的代码） A ．低压直流电源 B ．低压交流电源 C ．220V 交流电源 D ．灵敏电流计 E.0~0.6A 量程的电流表 F.0~0.6V 量程的电压表

②请在实物图中，用笔画线代替导线将电路补充完整_______；

③实验过程中，记录的实验现象如下表所示，观察四项实验结果，能够得出结论，产生感应电流的条件与________的变化有关?(选填“A”“B”或“C”)

A．磁场 B．电场 C．闭合导体回路包围的面积

开关和变阻器的状态线圈B中是否有电流

开关闭合瞬间有

开关断开瞬间有

开关闭合时，滑动变阻器不动无

开关闭合时，迅速移动滑动变阻器的滑片有

(2)小张同学用导轨、导体棒、电表、导线组成图(乙)所示的电路，整个电路处于垂直导轨的磁场中，当导体棒在金属导轨上向右移动时，电表中有电流，得出结论，产生感应电流的条件与________的变化有关?(选填“A”“B”或“C”)

A．磁场 B．电场 C．闭合导体回路包围的面积

依据小李和小张两位同学的实验得出结论：只要穿过闭合导体回路的磁通量发生变化，闭合导体回路中就有感应电流。

(3)小任同学根据感应电流产生的条件，想利用摇绳发电。如图(丙)所示，把条大约10m长电线的两端连在一个灵敏电流表的两个接线柱上，形成闭合导体回路。两个同学迅速摇动这条电线，沿________方向站立时，发电的可能性比较大。(选填“东西”“南北”)。

【答案】A D A C 东西

【解析】

【分析】

【详解】

(1)①[1]探究感应电流产生的条件是通过开关的闭合与断开，滑动变阻器的滑动等方式改变流过A螺旋管的电流，从而让B线圈产生感应电流，故电源只需要低压直流电源就能满足要求，而不需要选低压交流电源让电流本身发生变化，则电源应选A；

[2]感应电流的产生比较微弱，电流方向需要根据指针偏转判断，则电流表选指针在中央的灵敏电流计最合适，故选D；

②[3]A线圈为通电的电路，B线圈为产生感应电流的回路，连接电路图如图所示

③[4]根据四个操作可总结得到，开关的断开与闭、闭合开关后移动滑动变阻器的滑片都改变了流过A线圈的电流大小，从而使得穿过B线圈的磁场变化，则产生感应电流的条件与磁场的变化有关，故A正确，BC错误。

故选A。

(2)[5]导体棒在金属导轨上向右移动切割磁感线，匀强磁场恒定，但引起了回路所围磁场的有效面积的增大，从而使得磁通量变大而产生感应电流，故产生感应电流的条件与闭合导体回路包围的面积的变化有关，故C正确，AB错误。

故选C。

(3)[6]用跳绳构成闭合回路切割地磁场的磁感线，能够产生感应电流，因地磁场在地球外部是由南向北，有竖直方向的分量，跳绳垂直切割磁感线能产生最大的感应电流，则沿东西方向站立时，发电的可能性比较大。

17．在“探究电磁感应的产生条件”实验中，

（1）如图1所示，线圈横卧在课桌上并与G表相连，将条形磁铁从线圈的左端插入、右端拔出，己知插入时G表指针向左偏转，则拔出时G表指针____________（填“向左”或“向右”）偏转，若条形磁铁S极正对线圈的右端并从右端插入、左端拔出，则插入时G表指针____________（填“向左”或“向右”）偏转，拔出时G表指针____________（填“向左” 或“向右”）偏转。

（2）如图2所示，将学生电源和单刀开关、滑动变阻器、A线圈串联起来，将B线圈与G 表连接起来。一般情况下，开关和A线圈应该与学牛电源的____________（填“直流”或“交流”）接线柱相连，闭合开关接通电源后，第一次将滑动变阻器从最大阻值滑移至某一较小阻值，第二次用比第一次大的速度将滑动变阻器从最大阻值滑移至同一较小阻值，则第二次G表偏转的角度较 ____________（填“小”或“大”）。

【答案】向右 向左 向右 直流 大 【解析】 【详解】

（1）[1][2][3]．如图1所示，将条形磁铁从线圈的左端插入、右端拔出，当插入时，向右穿过线圈的磁通量增大，则G 表指针向左偏转，当拔出时，向右穿过线圈的磁通量减小，那么G 表指针向右偏转；同理，当条形磁铁S 极正对线圈的右端，并从右端插入、左端拔出，则插入时，向右穿过线圈的磁通量增大，则G 表指针向左偏转，当拔出时，向右穿过线圈的磁通量减小，那么G 表指针向右偏转。

（2）[4][5]．将学生电源和单刀开关、滑动变阻器、A 线圈串联起来，将B 线圈与G 表连接起来，A 线圈应该与学生电源的直流接线柱相连，第一次将滑动变阻器从最大阻值滑移至某一较小阻值，而第二次用比第一次大的速度将滑动变阻器从最大阻值滑移至同一较小阻值，两种情况的磁通量变化均相同，而后者变化的时间短，那么第二次感应电动势较大，则G 表偏转的角度较大。

18．某实验装置如图（a ）所示，在铁芯P 上绕着两个线圈A 和B ，如果线圈A 中电流i 与时间t 的关系分别如图（b ）甲、乙、丙、丁所示。在21~t t 这段时间内(设电流自左边

接线柱进入线圈A 时取正)，有电流通过电流计G 的是_____________，电流从右向左流过

电流计G 的是______。

【答案】乙丙丁 丙 【解析】 【详解】

[1]若线圈A 中接甲图电流，在21

~t t 电流不变，则在铁芯上产生的磁场恒定，穿过线圈B 的磁通量不变，则不产生感应电流； 若线圈A 中接乙丙丁图电流，在21~t t 电流是变化的，则在铁芯上产生的磁场变化，穿过

线圈B 的磁通量变化，则产生感应电流；

故填乙丙丁。

[2]若线圈A 中接乙图电流，在21

~t t 电流是正向均匀减小的，由安培定则可知穿过铁芯的

磁场向左，穿过B 的磁通量向左减小，则由楞次定律可知感应磁场向左，则B 的左端相当于等效电源的正极，感应电流从左向右流过表头G ； 若线圈A 中接丙图电流，在21

~t t 电流是正向均匀增大的，由安培定则可知穿过铁芯的磁

场向左，穿过B 的磁通量向左增大，则由楞次定律可知感应磁场向右，则B 的左端相当于等效电源的负极，感应电流从右向左流过表头G ； 若线圈A 中接丁图正弦交流电，在21

~t t 电流是正向不均匀减小的，由安培定则可知穿过

铁芯的磁场向左，穿过B 的磁通量向左减小，则由楞次定律可知感应磁场向左，则B 的左端相当于等效电源的正极，感应电流从左向右流过表头G ； 故符合电流从右向左流过电流计G 的是丙图。

19．在“探究电磁感应的产生条件”的实验中，现将电池组、滑动变阻器、带铁芯的线圈A 、线圈B 、灵敏电流计及电键如图所示部分连接。

(1)连线图中还有①~⑥个接线柱未连接，但只需连接两根导线就能将电路连接完整正确，这两根连线分别连接的是______。

A ．①②和③⑤

B ．①③和②⑤

C ．①③和②④ (2)实验探究中，下列说法正确的是______（填选项前的字母）

A ．线圈A 插入线圈

B ，电键闭合后，滑动变阻器的滑片P 匀速滑动，电流计指针静止在中央零刻度。

B ．线圈A 插入线圈B 后，电键闭合和断开的瞬间电流计指针均不会偏转。

C ．电键闭合后，线圈A 插入线圈B 或从线圈B 中拔出，都会引起灵敏电流计指针偏转

D ．线圈A 插入线圈B ，电键闭合后，只有滑动变阻器的滑片P 加速滑动，电表指针才能偏转。

【答案】B C

【解析】

【详解】

(1)[1]将电源、电键、变阻器、线圈A串联成一个回路，注意滑动变阻器接一上一下两个接线柱，再将电流计与线圈B串联成另一个回路，电路图如图所示

故B正确；

(2)[2]A．电键闭合后，滑动变阻器的滑片P匀速滑动，线圈A中的电流发生变化，穿过B 的磁通量发生变化，B中会产生感应电流，电流计指针发生偏转，故A错误；

B．线圈A插入线圈B中后，电键闭合和断开的瞬间电流计指针均会偏转，故B错误；C．电键闭合后，线圈A插入或拔出时，穿过B的磁通量都会发生变化，都会产生感应电流，电流计指针都会偏转，故C正确；

D．电键闭合后，只要滑动变阻器的滑片P移动，不论是加速还是匀速，穿过B的磁通量都会变化，都会有感应电流产生，电流计指针都会偏转，故D错误。

20．如图甲、乙和丙所示均为教材中的演示实验实物图。在电路连接正确的情况下，回答下列问题。

(1)图甲中，将条形磁铁插入线圈和拔出线圈时，灵敏电流计指针偏转方向_________（填“相同”或“相反”）。

(2)图乙中，导体棒AB以大小不同的速度沿相同方向切割磁感线时，灵敏电流计指针偏转大小_________（填“相同”或“相反”）。

(3)图丙中，当开关闭合的瞬间，发现灵敏电流计的指针向左偏转，则下列操作能使灵敏电流计指针向右偏转的有_________。（填选项前的字母）

A．开关闭合一段时间后再断开开关的瞬间

B．保持开关闭合，快速向右移动滑动变阻器的滑片

C．保持开关断开，快速向左移动滑动变阻器的滑片

D．保持开关闭合，快速将线圈A从线圈B中拔出

【答案】相反不同 AD

【解析】

【分析】

【详解】

(1)[1]将条形磁铁插入线圈和拔出线圈时，线圈中原磁场方向相同，拔出和插入时磁通量变化正好相反，根据楞次定律可知，产生感应电流方向相反。

(2)[2]根据

E BLv

可知导体棒速度不同则产生感应电动势不同，产生感应电流不同，则灵敏电流计指针偏转大小不同。

(3)[3]A．开关闭合一段时间后再断开开关的瞬间，电流从有到无，磁通量减小，根据楞次定律可知灵敏电流计指针向右偏转，故A正确；

B．保持开关闭合，快速向右移动滑动变阻器的滑片，接入电路中的电阻减小，则电流增加，磁通量增大，根据楞次定律可知灵敏电流计指针向左偏转，故B错误；

C．保持开关断开，不论怎么移动滑片，A中无电流，则无磁场产生，故B中无电流产生，故C错误；

D．保持开关闭合，快速将线圈A从线圈B中拔出，磁通量减小，根据楞次定律可知灵敏电流计指针向右偏转，故D正确。

故选AD。