导数大题经典练习及答案
导数大题专题训练
1.已知f(x)=xlnx -ax ,g(x)=-x 2-2,
(Ⅰ)对一切x ∈(0,+∞),f(x)≥g(x)恒成立,求实数a 的取值范围;
(Ⅱ)当a =-1时,求函数f(x)在[m ,m +3](m >0)上的最值;(Ⅲ)证明:对一切x ∈(0,+∞),都有lnx +1>ex
e x 2
1-成立.
2、已知函数2
()ln 2(0)f x a x a x
=
+->.(Ⅰ)若曲线y=f (x)在点P (1,f (1))处的切线与直线y=x+2垂直,求函数y=f (x)的单调区间;(Ⅱ)若对于(0,)x ?∈+∞都有f (x)>2(a ―1)成立,试求a 的取值范围;(Ⅲ)记g (x)=f (x)+x ―b (b ∈R ).当a=1时,函数g (x)在区间[e ―
1,e]上有两个零点,求实数b 的取值范围.
3. 设函数f (x)=lnx+(x -a)2,a ∈R .(Ⅰ)若a=0,求函数f (x)在[1,e]上的最小值; (Ⅱ)若函数f (x)在1
[,2]2
上存在单调递增区间,试求实数a 的取值范围; (Ⅲ)求函数f (x)的极值点.
4、已知函数2
1()(21)2ln ()2
f x ax a x x a =
-++∈R . (Ⅰ)若曲线()y f x =在1x =和3x =处的切线互相平行,求a 的值;(Ⅱ)求()f x 的单调区间;(Ⅲ)设
2()2g x x x =-,若对任意1(0,2]x ∈,均存在2(0,2]x ∈,使得12()()f x g x <,求a 的取值范围.
5、已知函数())0(2ln 2
>-+=
a x a x
x f (Ⅰ)若曲线y =f(x)在点P(1,f(1))处的切线与直线y =x +2垂直,求函数y =f(x)的单调区间; (Ⅱ)若对于任意()())1(2,0->+∞∈a x f x 都有成立,试求a 的取值范围;
(Ⅲ)记g(x)=f(x)+x -b(b ∈R).当a =1时,函数g(x)在区间[
]
e ,e 1
-上有两个零点,求实数b 的取值范围.
6、已知函数1ln ()x
f x x
+=
. (1)若函数在区间1
(,)2
a a +
(其中0a >)上存在极值,求实数a 的取值范围; (2)如果当1x ≥时,不等式()1
k
f x x ≥+恒成立,求实数k 的取值范围.
1.解:(Ⅰ)对一切)()(),,0(x g x f x ≥+∞∈恒成立,即2ln 2
--≥-x ax x x 恒成立.也就是+
+≤x x a ln x
2在),0(+∞∈x 恒成立;令x x x x F 2ln )(++= ,则F '2
222)
1)(2(2211)(x
x x x x x x x x -+=-+=-+=, 在)10(,上F '0)(
(Ⅱ)当时,
1-=a x x x x f +=ln )(,f '2ln )(+=x x ,由f '0)(=x 得21
e
x =. ①当210e
m <
<时,在)1,[2e m x ∈上f '0)( (2 +∈m e x 上f '0)(>x 因此,)(x f 在21e x = 处取得极小值,也是最小值. 2 min 1 )(e x f -=. 由于0]1)3)[ln(3()3(,0)(>+++=+ ②当时2 1 e m ≥ ,0)('≥x f ,因此]3,[)(+m m x f 在上单调递增,所以)1(ln )()(min +==m m m f x f , ]1)3)[ln(3()3()(max +++=+=m m m f x f ……9分 (Ⅲ)证明:问题等价于证明)),0((2 ln +∞∈-> +x e e x x x x x 由(Ⅱ)知1-=a 时,x x x x f +=ln )(的最小值是2 1e - ,当且仅当21 e x =时取得, 设)),0((2)(+∞∈-= x e e x x G x ,则G 'x e x x -=1)(,易知e G x G 1)1()(max -==,当且仅当1x =时取到, 但,e e 112 ->- 从而可知对一切(0,)x ∈+∞,都有 ex e x x 211ln ->+成立. 2、解:(Ⅰ)直线y=x+2的斜率为1.函数f (x)的定义域为(0,+∞),因为22'()a f x x x =- +,所以22'(1)1 11 a f =- +=-,所以a=1.所以2()ln 2f x x x =+-. 22'()x f x x -=.由'()0f x >解得x >0;由'()0f x <解得0<x <2. 所以f (x)的单调增区间是(2,+∞),单调减区间是(0,2) (Ⅱ)2222'()a ax f x x x x -=- +=, 由'()0f x >解得2x a >;由'()0f x <解得2 0x a <<.所以f (x)在区间2(,)a +∞上单调递增,在区间2(0,)a 上单调递减.所以当2x a =时,函数f (x)取得最小值,min 2 ()y f a =. 因为对于(0,)x ?∈+∞都有()2(1)f x a >-成立, 所以2 ()2(1)f a a >-即可. 则 22ln 22(1)2a a a a +->-.由2ln a a a >解得20e a <<.所以a 的取值范围是2(0,)e . (Ⅲ)依题得2 ()ln 2g x x x b x =++--,则222'()x x g x x +-=.由'()0g x >解得x >1;由'()0g x <解得0<x <1.所以函数()g x 在区间(0,1)为减函数,在区间(1,+∞)为增函数.又因为函数()g x 在区间[e - 1,e]上有 两个零点,所以1()0 ()0(1)0 g e g e g -?≥? ≥?? .解得21e 1e b <≤+-.所以b 的取值范围是2(1,e 1]e +-. 3.解:(Ⅰ)f (x)的定义域为(0,+∞). 因为1 '()20f x x x = +>,所以f (x)在[1,e]上是增函数, 当x=1时,f (x)取得最小值f (1)=1.所以f (x)在[1,e]上的最小值为1. (Ⅱ)解法一:21221'()2()x ax f x x a x x -+=+-=设g (x)=2x 2―2ax+1,依题意,在区间1 [,2]2 上存在子区间 使得不等式g (x)>0成立. 注意到抛物线g (x)=2x 2―2ax+1开口向上,所以只要g (2)>0,或1 ()02 g >即可由g (2)>0,即8―4a+1>0,得94a < ,由1()02g >,即1102a -+>,得32a <,所以94 a <, 所以实数a 的取值范围是9 (, )4 -∞. 解法二:21221'()2()x ax f x x a x x -+=+-=,依题意得,在区间1 [,2]2 上存在子区间使不等式2x 2―2ax+1>0 成立.又因为x >0,所以1 2(2)a x x <+. 设1()2g x x x =+ ,所以2a 小于函数g (x)在区间1[,2]2的最大值.又因为1'()2g x x =-, 由21'()20g x x =- > 解得2x >;由2 1 '()20 g x x =-< 解得02x <<. 所以函数g (x) 在区间,2)2 上递增,在区间1(22 上递减. 所以函数g (x)在12x = ,或x=2处取得最大值.又9(2)2g =,1()32g =,所以922a <,94 a < 所以实数a 的取值范围是9 (, )4 -∞. (Ⅲ)因为2221 '()x ax f x x -+=,令h (x)=2x 2―2ax+1 ①显然,当a ≤0时,在(0,+∞)上h (x)>0恒成立,f '(x)>0,此时函数f (x)没有极值点; ②当a >0时, (i )当Δ≤0 ,即0a <≤时,在(0,+∞)上h (x)≥0恒成立,这时f '(x)≥0,此时,函数f (x)没有极值点; (ii )当Δ>0 时,即a > x << h (x)<0,这时f '(x)<0; 当02a x <<或2 a x +>时,h (x)>0,这时f '(x)>0; 所以,当a >2a x =是函数f (x)的极大值点;2 a x +=是函数f (x)的极小值点. 综上,当a ≤ f (x)没有极值点; 当a >2a x =是函数f (x)的极大值点;2 a x +=是函数f (x)的极小值点. 4.解:2()(21)f x ax a x '=-++ (0)x >. (Ⅰ)(1)(3)f f ''=,解得2 3 a =. (Ⅱ)(1)(2) ()ax x f x x --'= (0)x >. ①当0a ≤时,0x >,10ax -<,在区间(0,2)上,()0f x '>;在区间(2,)+∞上()0f x '<, 故()f x 的单调递增区间是(0,2),单调递减区间是(2,)+∞. ②当102a << 时,12a >,在区间(0,2)和1(,)a +∞上,()0f x '>;在区间1 (2,)a 上()0f x '<, 故()f x 的单调递增区间是(0,2)和1 (,)a +∞,单调递减区间是1(2,)a . ③当12 a =时,2 (2)()2x f x x -'=,故()f x 的单调递增区间是(0,)+∞. ④当12a > 时,102a <<,在区间1(0,)a 和(2,)+∞上,()0f x '>;在区间1 (,2)a 上()0f x '<, 故()f x 的单调递增区间是1 (0,)a 和(2,)+∞,单调递减区间是1(,2)a . (Ⅲ)由已知,在(0,2]上有max max ()()f x g x <.由已知,max ()0g x =,由(Ⅱ)可知, ①当1 2 a ≤ 时,()f x 在(0,2]上单调递增,故max ()(2)22(21)2ln 2222ln 2f x f a a a ==-++=--+, 所以,222ln 20a --+<,解得ln 21a >-,故1ln 212 a -<≤ . ②当12a > 时,()f x 在1(0,]a 上单调递增,在1[,2]a 上单调递减,故max 11 ()()22ln 2f x f a a a ==-- -. 由12a > 可知11 ln ln ln 12e a >>=-,2ln 2a >-,2ln 2a -<,所以,22ln 0a --<,max ()0f x <, 综上所述,ln 21a >-. 5、解:(Ⅰ)直线y =x +2的斜率为1, 函数f(x)的定义域为 ()+∞,0因为x a x x f +- =2 '2)(,所以()11 1212'-=+- =a f ,所以a =1,所以()()2' 2,2ln 2x x x f x x x f -= -+= 由()0' >x f 解得x >2 ; 由()0' (Ⅱ)2 2' 22)(x ax x a x x f -=+-=,由()0'>x f 解得;2a x >由()0' ,0(a 上单调递减 所以当a x 2=时,函数f(x)取得最小值)2 (min a f y = 因为对于任意()())1(2,0->+∞∈a x f x 都有成立,所以)1(2)2 (->a a f 即可 则 )1(222ln 22->-+a a a a ,由a a a >2ln 解得e a 20<<;所以a 得取值范围是)2,0(e (Ⅲ)依题意得b x x x g --+=2ln 2)(,则2 2' 2)(x x x x g -+= 由()0' >x g 解得x >1,由()0' e ,e 1 -上有两个零点, 所以?? ? ??<≥≥-0 )1(0)(0 )(1g e g e g 解得121-+≤ 所以b 得取值范围是]12 ,1(-+e e 6、解:(1)因为1ln ()x f x x += ,0x >,则2ln ()x f x x '=-, 当01x <<时,()0f x '>;当1x >时,()0f x '<. ∴()f x 在(0,1)上单调递增;在(1,)+∞上单调递减, ∴函数()f x 在1x =处取得极大值.………3分 ∵函数()f x 在区间1 (,)2 a a +(其中0a >)上存在极值, ∴1,11,2 a a ??+>??解得1 12a <<. (2)不等式()1k f x x ≥ +,即为(1)(1ln ) x x k x ++≥, 记(1)(1ln )()x x g x x ++=∴22 [(1)(1ln )](1)(1ln )ln ()x x x x x x x g x x x '++-++-'==,…9分 令()ln h x x x =-,则1 '()1h x x =- ,∵1x ≥,∴'()0h x ≥,∴()h x 在[1,)+∞上递增, ∴min [()](1)10h x h ==>,从而()0g x '>,故()g x 在[1,)+∞上也单调递增, ∴min [()](1)2g x g ==,∴2k ≤.