广东省湛江市新高考高一下物理易错易混选择题精粹含解析
广东省湛江市新高考高一下易错易混选择题精粹
单选题有答案含解析
1． (本题9分)关于两个分子之间的相互作用力，下列判断正确的是 A ．两分子处于平衡位置时，分子间没有引力和斥力 B ．两分子处于平衡位置时，分子间的引力和斥力大小相等 C ．两分子间距离减小时，分子间的引力增大斥力减小 D ．两分子间距离增大时，分子间的引力减小斥力增大
2． (本题9分)如图，在固定斜面上的一物块受到一外力F 的作用，F 平行于斜面向上。若要物块在斜面上保持静止，F 的取值应有一定的范围，已知其最大值和最小值分别为F 1和F 2（F 1和F 2的方向均沿斜面向上）。由此可求出物块与斜面间的最大静摩擦力为( )
A ．
1
2
F B ．22F
C ．
12
2
F F - D ．
12
2
F F + 3． (本题9分)炎热的夏季室内会有苍蝇，拍苍蝇成了我们生活中的一个小插曲.市场出售的苍蝇拍，拍把长约30cm ，拍头是长12cm 、宽10cm 的长方形.这种拍的使用效果往往不好，拍头打向苍蝇，尚未打到，苍蝇就飞了．若人拍苍蝇时，拍把绕手腕转动的快慢是相同的，有人将拍把增长到60cm ，结果一打一个准．其原因是
A ．拍头的线速度变大了
B ．拍头的角速度变大了
C ．拍头的向心加速度变大了
D ．拍头打苍蝇的力变大了
4． (本题9分)用轻弹簧竖直悬挂质量为m 的物体，静止时弹簧伸长量为L ．现用该弹簧沿斜面方向拉住质里为2m 的物体，系统静止时弹簧伸长量也为L ．斜面倾角为30°，如图所示．则物体所受摩擦力
A．等干零
B．大小为mg，方向沿斜面向下
C．大小为mg，方向沿斜面向上
D．大小为mg，方向沿斜面向上
5．(本题9分)如图所示，一个凹形桥模拟器固定在水平地面上，其凹形轨道是半径为0.4m的半圆，且在半圆最低点装有一个压力传感器（图中未画出）。一质量为0.4kg的玩具小车经过凹形轨道最低点时，传感器的示数为8N，则此时小车的速度大小为（取g=10m/s2）
A．2m/s B．4m/s C．8m/s D．16m/s
6．(本题9分)用手握住一个空啤酒瓶，啤酒瓶开口向上静止在手中不动。以下说法正确的是
A．啤酒瓶能静止在手中，手对啤酒瓶的握力与重力平衡
B．若手握啤酒瓶的力增大，瓶子所受摩擦力随着增大
C．若手握啤酒瓶的力增大，瓶子将不能平衡
D．若向空啤酒瓶注水，瓶子仍静止，即使手握瓶子的力大小不变，瓶子所受的摩擦力也将增大7．(本题9分)对于相隔一定距离的两个质点，要使它们之间的万有引力变为原来的2倍，可以采用的办法是
A．仅把两者的质量都增大2倍B．仅把两者的质量都增大到原来的2倍
C．仅把两者的距离减小到原来的1
2
D．仅把两者的距离增大到原来的2倍
8．如图所示，斜面体静止在粗糙水平地面上，物体静止在斜面上，下列说法正确的是
A．物体所受重力和斜面体对物体的支持力是一对作用力和反作用力
B．物体对斜面体的压力和斜面体对物体的支持力是一对平衡力
C．斜面体受四个力作用
D ．斜面体受五个力作用
9． (本题9分)如图所示，小球用细绳系住放在倾角为θ的光滑斜面上，当细绳由水平方向逐渐向上缓慢偏移时，细绳的拉力将（ ）
A ．逐渐增大
B ．逐渐减小
C ．先增大后减小
D ．先减小后增大
10． (本题9分)如果不计空气阻力，下列过程中机械能守恒的是（ ） A ．货箱沿斜面匀速向上滑动的过程 B ．电梯匀速上升的过程 C ．小孩沿滑梯匀速下滑的过程 D ．抛出的棒球在空中运动的过程
11．如图，弹性轻绳的一端套在手指上，另一端与弹力球连接，用手将弹力球以某一竖直向下的初速度抛出，抛出后手保持不动。从球抛出瞬间至球第一次到达最低点的过程中（弹性轻绳始终在弹性限度内，不计空气阻力），下列说法正确的是（ ）
A ．绳刚伸直时，球的动能最大
B ．该过程中，球的机械能守恒
C ．该过程中，重力对球做的功等于球克服绳的拉力做的功
D ．该过程中，轻绳的弹性势能和小球的动能之和一直增大
12． (本题9分)水平恒力F 作用于原来静止的物体上，使其分别沿粗糙水平面和光滑水平面移动一段相同距离S ，则水平恒力F 做的功和功率1W 、1P 和2W 、2P 相比较，正确的是（ ） A ．12W W >，12P P > B ．12W W =，12P P > C ．12W W =，12P P <
D ．12W W <，12P P <
13． (本题9分)如图，三个大小相等的力F ，作用于同一点O ，则合力最小的是( )
A． B．C．D．
14．如图，三个固定的带电小球a、b和c,相互间的距离分别为ab=5 cm, bc=3 cm, ca=4 cm. 小球c所受库仑力的合力的方向垂直于a、b的连线，设小球a、b所带电荷量的比值的绝对值为k,则
A．a、b为异种电荷，k= 4/3
B．a、b为同种电荷，k=4/3
C．a、b为同种电荷，k=16/9
D．a、b为异种电荷，k=16/9
15．(本题9分)如图所示，为一皮带传送装置，右轮半径为r，a是其边缘上一点，左侧为一轮轴，大轮半径为4r，小轮半轻为2r，b在小轮上，到小轮中心的距离为r，c在小轮边缘上，d在大轮边缘上，以下关系错误的是
A．a和c的线速度相等
B．b、c和d角速度相等
C．v a:v b:v c:v d=2:1:2:4
D．a a:a b:a c:a d=2:1:2:4
16．(本题9分)如图所示，人站在自动扶梯上不动，随扶梯向上匀减速运动，下列说法中正确的是（）
A．重力对人做正功B．摩擦力对人做负功
C．支持力对人不做功D．合力对人做正功
17．(本题9分)《流浪地球》影片中，在地球上建造大功率发动机，使地球完成一系列变轨操作，从而逃离太阳系，其过程简化为如图所示，地球在椭圆轨道I上运动到远日点B变轨，进入圆形轨道II；在圆形轨道II上运动到B点时再次加速变轨，从而最终逃离太阳系。关于地球下列说法正确的是
A．沿轨道I运动时，在A点的速度比B点的大
B．沿轨道I运动时，在A点的速度比B点的小
C．沿轨道I运动时，在A点的加速度比B点的小
D．沿轨道I运动经过B点时的加速度比沿轨道Ⅱ经过B点时的大
18．(本题9分)2015年9月20日“长征六号”火箭搭载20颗小卫星成功发射。在多星分离时，小卫星分别在高度不同的三层轨道被依次释放。假设释放后的小卫星均绕地球做匀速圆周运动，则下列说法正确的是
A．这20颗小卫星中，离地面最近的小卫星线速度最大
B．这20颗小卫星中，离地面最远的小卫星角速度最大
C．这20颗小卫星中，离地面最近的小卫星周期最大
D．这20颗小卫星中，质量最大的小卫星向心加速度最小
19．（6分）(本题9分)当某一电容器的电压是40V时，它所带电量是0.2C，若它的电压降到20V时，则() A．电容器的电容减少一半
B．电容器的电容不变
C．电容器带电量不变
D．电容器带电量增加为原来的两倍
20．（6分）如图所示，一颗卫星绕地球做椭圆运动，运动周期为T,图中虚线为卫星的运行轨迹，A，B，C，D是轨迹上的四个位置，其中A距离地球最近，C距离地球最远。B和D点是弧线ABC和ADC的中点，下列说法正确的是
A．卫星在C点的速度最大
B．卫星在C点的加速度最大
C．卫星从A经D到C点的运动时间为T/2
D．卫星从B经A到D点的运动时间为T/2
21．（6分）(本题9分)设地球表面处重力加速度为g，地球半轻为R，在地球赤道平面上距地面高度为2R 处的重力加速度为，则等于
A．B．C．4 D．9
22．（8分）(本题9分)如图所示是静电场的一部分电场线分布，下列说法中正确的是( )
A．这个电场可能是负点电荷的电场
B．点电荷q在A点处受到的静电力比在B点处受到的静电力大
C．点电荷q在A点处的瞬时加速度比在B点处的瞬时加速度小(不计重力)
D．负电荷在B点处受到的静电力的方向沿B点切线方向
23．（8分）(本题9分)如图所示，粗细均匀、全长为h的铁链，对称地挂在转轴光滑的轻质定滑轮上，滑轮的大小与铁链长度相比可忽略不计，受到微小扰动后，铁链从静止开始运动，当铁链脱离滑轮的瞬间，其速度大小为（）
A．1
2
2
gh B．
1
2
gh
C．2gh D．gh
24．（10分）(本题9分)把六个相同小灯泡接成如图甲、乙所示的电路，调节变阻器使灯泡均正常发光，甲、乙两电路所消耗的功率分别用P甲和P乙表示，则下列结论中正确的是（）
A ． P P =甲乙
B ． 3P P =乙甲
C ． 3P P >乙甲
D ． 3P P =甲乙
25．（10分） (本题9分)物体受到10 N 的力的作用，4 s 内在力的方向上位移2米，则这个力做的功及功率分别为（ ） A ．20J 、5W
B ．20J 、10W
C ．40J 、10W
D ．40J 、20W
26．（12分） (本题9分)如图所示，甲、乙两种粗糙面不同但高度相同的传送带，倾斜于水平地面放置．以同样恒定速率v 向上运动．现将一质量为m 的小物体(视为质点)轻轻放在A 处，小物体在甲传送带上到达B 处时恰好达到传送带的速率v ；在乙传送带上到达离B 竖直高度为h 的C 处时达到传送带的速率v ．已知B 处离地面高度为H ，则在物体从A 到B 的运动过程中( )
A ．两种传送带对小物体做功相等
B ．将小物体传送到B 处，两种传送带消耗的电能相等
C ．两种传送带与小物体之间的动摩擦因数甲的大
D ．将小物体传送到B 处，两种系统产生的热量相等
27．（12分） (本题9分)“天津之眼”是一座跨河建设、桥轮合一的摩天轮，是天津市的地标之一．摩天轮悬挂透明座舱，乘客随座舱在竖直面内做匀速圆周运动．下列叙述正确的是（ ）
A ．摩天轮转动过程中，乘客的机械能保持不变
B ．在最高点，乘客重力大于座椅对他的支持力
C ．摩天轮转动一周的过程中，乘客重力的冲量为零
D ．摩天轮转动过程中，乘客重力的瞬时功率保持不变
28． (本题9分)物体1放在赤道上某处，物体2放在北纬60o上某处。由于地球的自转，物体1与2的 A ．线速度之比为12:1:1v v =
B ．线速度之比为12:2:1v v =
C ．角速度之比为12:2:1ωω=
D ．角速度之比为12:1:2ωω=
29． (本题9分)如图所示，小球在竖直向下的力F 作用下，将竖直轻弹簧压缩，若将力F 撤去，小球将向上弹起并离开弹簧，直到速度为零时为止，则小球在上升过程中（ ）
A ．小球动能减为零时，重力势能最大
B ．小球在离开弹簧时动能最大
C ．小球动能最大时弹性势能为零
D ．小球的动能先减小后增大
30． (本题9分)真空中两个点电荷Q 1、Q 2，距离为R ，当Q 1增大到2倍，Q 2减为原来的，距离增大到原来的3倍时，电荷间的库仑力变为原来的( ) A ． B ． C ． D ．
参考答案
单选题有答案含解析 1．B
【解析】A 项：分子间同时存在引力和斥力，故A 错误； B 项：在平衡位置时，引力和斥力大小相等，故B 正确； C 项：随着间距减小，引力和斥力都变大，故C 错误； D 项：随着间距增加，引力和斥力都变小，故D 错误。
点晴：此题主要知识点是分子间作用力及其与分子间距的关系，随着间距减小，引力和斥力都变大，但斥力增大更快，随着间距增加，引力和斥力都变小，但斥力减小更快。 2．C
【解析】 【分析】
对滑块受力分析，受重力、拉力、支持力、静摩擦力，四力平衡；当静摩擦力平行斜面向下时，拉力最大；当静摩擦力平行斜面向上时，拉力最小；根据平衡条件列式求解即可。 【详解】
对滑块受力分析，受重力、拉力、支持力、静摩擦力，设滑块受到的最大静摩擦力为f ，物体保持静止，受力平衡，合力为零；当静摩擦力平行斜面向下时，拉力最大，有：1sin 0F mg f θ--=； 当静摩擦力平行斜面向上时，拉力最小，有：2sin 0F mg f θ-+=； 联立解得：12
2
F F f -=，故C 正确，ABD 错误； 故选C 。 【点睛】
本题关键是明确拉力最大和最小的两种临界状况，受力分析后根据平衡条件列式并联立求解。 3．A 【解析】
要想打到苍蝇，必须要提高线速度；由于苍蝇拍质量很小，故可以认为人使用时苍蝇拍的角速度一定，根据公式v r ω=，提高拍头的转动半径后，会提高线速度，A 正确B 错误；拍苍蝇的速度快慢与拍头的向心加速度无关，与打苍蝇的力的大小也无关，仅仅与拍头的线速度有关，CD 错误． 4．A 【解析】
试题分析：弹簧竖直悬挂物体时，对物体受力分析，根据共点力平衡条件 F="mg" ① 根据胡克定律F="kL" ② 由①②得，mg
k L
=
③ 物体放在斜面上时，再次对物体受力分析，如图
设物体所受的摩擦力沿斜面向上，根据共点力平衡条件，有 F′+f -2mgsin31°="1" ③ 其中F′="kL=mg" ④
由以上四式解得f=1，故物体所受的摩擦力大小方向沿斜面向上，大小为1．故选A ． 考点：物体的平衡
【名师点睛】本题关键对物体受力分析，然后运用共点力平衡条件及胡克定律列式求解；注意胡克定律中弹簧的弹力与伸长量成正比． 5．A 【解析】 【详解】
小车经过凹形桥的最低点时，受重力和支持力，沿半径方向的合外力提供向心力，由牛顿第二定律有：
，由牛顿第三定律得
，而
即为视重为8N ，联立得瞬时速度
，故选A 。
【点睛】
此题考查圆周运动的力和运动的关系，注意分析受力和力的作用效果． 6．D 【解析】 【详解】
A.啤酒瓶能静止在手中，手对啤酒瓶的摩擦力与重力平衡，选项A 错误；
B. 啤酒瓶静止不动，静摩擦力等于重力，则即使手握啤酒瓶的力增大，瓶子所受摩擦力不变，选项B 错误；
C. 若手握啤酒瓶的力增大，瓶子仍能平衡，选项C 错误；
D. 若向空啤酒瓶注水，瓶子仍静止，因静摩擦力等于重力，重力变大，则即使手握瓶子的力大小不变，瓶子所受的摩擦力也将增大，选项D 正确。 7．B 【解析】
根据万有引力定律可得：12
2=m m F G
r
可知， A 项：仅把两者的质量都增大2倍，万有引力将变为原来的4倍；
B 2倍，万有引力将变为原来的2倍；
C 项：仅把两者的距离减小到原来的一半，万有引力将变为原来的4倍；
D 2倍，万有引力将变为原来的一半． 8．C 【解析】 【详解】
AB.物体静止在斜面上，受重力、支持力、摩擦力处于平衡状态．物体对斜面体的压力和斜面体对物体的
支持力是一对作用力和反作用力，故A、B错误；
CD.物体对斜面体的摩擦力沿斜面向下，对斜面体的压力垂直于斜面向下，这两个力合力竖直向下，大小等于物体重力，斜面体相对于水平地面没有运动趋势，故水平地面对斜面体只有支持力（没有摩擦力），斜面体还受自身重力，这样斜面体共受四个力作用，故C正确，D错误。
9．D
【解析】
【分析】
【详解】
对球受力分析，受重力mg、支持力N、拉力F，三力平衡，根据平衡条件得知拉力与支持力的合力与重力mg大小相等，方向相反，保持不变．作出三个位置拉力与支持力的合成的示意图，通过力图可以看出当细绳由水平方向逐渐向上偏移时，拉力F先减小后增大，故D正确，ABC错误．
10．D
【解析】
汽车在公路上匀速行驶的过程的过程中，动能不变，但是势能可能变化，故机械能不守恒，A错误；电梯匀速上升的过程中，动能不变，势能增加，故机械能增加，B错误；小孩沿滑梯匀速下滑的过程，动能不变，势能减小，故机械能减小，C错误；抛出的棒球在空中运动的过程中，只有重力做功，机械能守恒，D正确．
【点睛】判断机械能是否守恒，有两种方法，一种是判断动能与势能之和是否变化；一种是判断是否只有重力做功．
11．D
【解析】
【详解】
A、绳伸直前，球在做加速运动。绳伸直以后，开始阶段，重力大于绳的拉力，合力向下，球的速度增大，故球的动能增大，当重力与拉力相等时球的速度最大，动能最大，故A错误；
B、由于绳的拉力对球做功，所以球的机械能不守恒，故B错误；
C、该过程中，由于球的动能减小，根据动能定理知重力对球做的功与绳的拉力做的功之和为负值，所以重力对球做的功小于球克服绳的拉力做的功，故C错误；
D 、由于只有重力和弹性绳的弹力做功，所以球、绳和地球组成的系统机械能守恒，则轻绳的弹性势能、小球的动能和重力势能之和保持不变，重力势能一直在减小，则轻绳的弹性势能和小球的动能之和一直增大，故D 正确； 12．C 【解析】 【分析】 【详解】
根据功的计算公式知，水平恒力不变，移动的距离相同，可知在两种情况下恒力F 做功相同，即有
12W W =
根据牛顿第二定律得
F a m
=
合
在粗糙水平面上的加速度较小，根据212
x at =
知在粗糙水平面上的运动时间较长，由W P t =知
12P P <
故A 、B 、D 错误，C 正确； 故选C 。 13．C 【解析】 【详解】
A 、将相互垂直的F 进行合成，
，再与第三个力F 合成，
即有合力的大小为1)F ； B 、将方向相反的两个力合成，则合力为0，再与第三个力F 合成，则有合力大小为F ；
C 、将任意两力进行合成，可知这两力的合力与第三个力大小相等，方向相反，这三个力的合力为零； D
、将左边两个力进行合成，再与右边合成，则有合力的大小1)F ； 由上分析可知，合力最小的是C 选项，故C 正确，A 、B 、D 错误； 故选C 。 14．B 【解析】 【详解】
根据同种电荷相斥，异种电荷相吸，且小球c 所受库仑力的合力的方向垂直于a ，b 的连线，可知，a ，b 的电荷同号，对小球C 受力分析，因ab=5cm ，bc=3cm ，ca=4cm ，因此ac ⊥bc ，那么两力的合成构成矩形，依据相似三角形之比，则有：
34a b F bc F ac ==，而根据库仑定律，2a c a q q F k ac =，而2b c b q q F k bc
=综上所得，
2222
344433
a a
b b q F a
c k q F bc ==?=?=，故B 正确。
15．D 【解析】 【详解】
A.a 、c 两点为同缘转动，则线速度大小相等，选项A 正确；
B. b 、c 和d 三点都是同轴转动，则角速度相等，选项B 正确；
C.因v a :v c =1:1；b 、c 和d 三点都是同轴转动，则角速度相等，根据v=rω，则v b :v c :v d =1:2:4，则v a :v b :v c :v d =2:1:2:4，选项C 正确；
D.根据a=v 2/r 可知，a a :a b :a c :a d =4:1:2:4，选项D 错误. 此题选择不正确的选项，故选D. 16．B
【解析】人站在自动扶梯上不动，随扶梯向上匀减速运动，加速度斜向下，则人受竖直向下的重力、竖直向上的支持力和水平向左的摩擦力作用；则重力做负功，支持力做正功，摩擦力对人做负功；物体的动能减小，则合外力做负功，故B 正确，ACD 错误，故选B.
点睛：解决本题的关键知道做功的必要因素，以及知道力的方向与位移的夹角大于等于0°小于90°，该力做正功，大于90°小于等于180°，该力做负功． 17．A 【解析】 【详解】
AB.在轨道I 上由A 点运行到B 点的过程，引力做负功，速度逐渐减小，在A 点的速度比B 点的大，故A 正确，B 错误；
C.A 点距离太阳近，其受的引力大，则加速度大，故C 错误；
D.沿轨道Ⅰ运动经过B 点和沿轨道Ⅱ经过B 点时离太阳的距离相等，万有引力相等，所以加速度大小相等，故D 错误； 18．A 【解析】 【详解】
A.卫星做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律有
解得
，则有在离地最近的小卫星线速度最大，故选项A 正确；
BC.卫星做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律有
解得
，则有在离地最远的小卫星角速度最小，故选项B 错误；
C. 卫星做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律有
解得
，所以这20颗小卫星中，离地面最近的小卫星周期最小，故C 错误；
D.卫星做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律有
解得
，卫星向心加速度与卫星的质量无关，故选项D 错误。
19．B 【解析】 【详解】 AB ．公式Q
C U
=
为电器的定义式，电容器的电容与其两端的电压以及所带电荷量无关，故电容不变，A 错误B 正确；
CD ．根据Q CU =可知电容不变，U 减半，则Q 也减半，故CD 错误． 故选B. 20．C 【解析】 【详解】
A 、卫星绕地球做椭圆运动，类似于行星绕太阳运转，根据开普勒第二定律：行星与太阳的连线在相等时间内扫过的面积相等，则知卫星与地球的连线在相等时间内扫过的面积相等，所以卫星在距离地球最近的A 点速度最大，在距离地球最远的C 点速度最小，卫星在
B 、D 两点的速度大小相等；故A 错误； B 、在椭圆的各个点上都是引力产生加速度2
GM
a r =，因A 点的距离最小，则A 点的加速度最大，故B 错误.
C 、根据椭圆运动的对称性可知ADC CBA t t T ==，则2
ADC T
t =
，故C 正确.
D 、椭圆上近地点A 附近速度较大，远地点C 附近速度最小，则2BAD T t <，2
DCB T
t >；故D 错误. 故选C. 21．D 【解析】 【详解】
在地球表面，根据万有引力定律近似等于重力可得：
①
当时，则距离地心的距离为3R ，根据万有引力定律近似等于重力可得：
②
联立①②式可得：，故ABC 错误，D 正确。故选D 。
【点睛】
本题考查万有引力定律及其应用，解决本题的关键掌握万有引力等于重力这一重要理论，必须搞清哪一位置所受的万有引力等于哪一位置的重力。 22．B 【解析】
孤立的负点电荷形成的电场电场线是会聚型的射线，则知这个电场不可能是孤立的负点电荷形成的电场，故A 错误；电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，所以A B E E >，根据
F qE ma ==知点电荷q 在A 点处受到的静电力比在B 点处受到的静电力大，瞬时加速度也比B 点处的
大，故B 正确，C 错误；电场线的切线方向为该点场强的方向，由F qE =知负电荷在B 点处受到的静电力的方向与场强的方向相反，故D 错误．选B.
【点睛】电场线是从正电荷或者无穷远发出，到负电荷或无穷远处为止，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小． 23．A 【解析】 【详解】
铁链从开始到刚脱离滑轮的过程中，链条重心下降的高度为
1
4
h ，在链条下落过程，由机械能守恒定律，得：21
1
·42mg h mv =，解得：122
v gh =A 正确，B 、C 、D 错误； 故选A ． 【点睛】
链条在下滑的过程中，对链条整体，只有重力做功，机械能守恒，根据机械能守恒定律求出链条的速度． 24．D 【解析】 【详解】
设灯泡正常发光时的电流为I ，对于甲图，电路的总的电流为3I ，此时甲的总功率的大小为3P U I =甲，对于乙图，电流的总电流的大小就为I ，此时乙的总功率的大小为P UI =乙，所以3P P =甲乙。 ABC.根据计算得：3P P =甲乙，ABC 错误； D.根据计算得：3P P =甲乙，D 正确。 25．A 【解析】
这个力做的功为：102J 20J W Fx ==?=，功率为20
W 5W 4
W P t =
==，A 正确． 【点睛】解决本题的关键是掌握恒力做功的公式和功率公式，要注意区分是瞬时功率还是平均功率，知道与一个过程或一段时间对应的功率为平均功率． 26．A 【解析】
试题分析：小物体的加速度为cos sin a g g μθθ=-，根据22
02v v ax -=，可知甲中动摩擦因数较小，加
速度较小，选项A 错误．两种情况下，传送带对小物体做功又可分为两段，第一段是滑动摩擦力做正功，第二段是静摩擦力做正功，根据功能原理，整个过程中摩擦力所做的总功等于物块机械能的增量，动能和势能的增量相等，因此选项C 正确．也表明第一段滑动摩擦力做功，甲的大，一对滑动摩擦力做功，甲的也大，选项D 错误．两种传送带消耗的电能甲的也大，选项B 错误． 考点：本题考查传送带问题，涉及机械能和能量的转化问题． 27．B 【解析】
摩天轮运动过程中做匀速圆周运动，乘客的速度大小不变，则动能不变，但高度变化，所以机械能在变化，
选项A 错误；圆周运动过程中，在最高点由重力和支持力的合力提供向心力，即2
N v mg F m r
-=，所以
重力大于支持力，选项B 正确；转动一周，重力的冲量为I=mgT ，不为零，C 错误；运动过程中，乘客的重力大小不变，速度大小不变，但是速度方向时刻在变化，根据P=mgvcosθ可知重力的瞬时功率在变化，选项D 错误．故选B ． 28．B 【解析】
【详解】
AB. 物体1、2均随地球一起自转，角速度相同，设地球半径为R ，根据几何关系有：物体2圆周运动的半径为
2
R
，线速度v r ω= 得：线速度与半径成正比，所以12:2:1v v =，A 错误B 正确。 CD.根据以上分析可知，角速度之比为12:1:1ωω=，CD 错误。 29．A 【解析】 【分析】
根据小球的受力情况分析小球速度如何变化，判断小球的动能如何变化，确定小球的动能最大时弹簧势能是否为零． 【详解】
小球和弹簧组成的系统机械能守恒，动能和势能相互转化，故动能最小时，势能最大，A 正确；弹力与重力大小相等时，速度最大，动能最大，此时弹簧仍然被压缩，弹簧的弹力不等于零，弹性势能不等于零，BC 错误；将力F 撤去小球将向上弹起的过程中，弹簧的弹力先大于重力，后小于重力，小球所受的合力先向上后向下，所以小球先做加速运动，后做减速运动，小球的速度先增大后减小，小球的动能先增大后减小，D 错误． 30．D 【解析】
试题分析：根据库仑定律公式：
，Q 1增大到2倍时，Q 2减为原来的
，而距离增大到原来的
3倍，则库仑力变为：，D 正确；ABC 错误；故选D 。
考点：库仑定律。
【名师点睛】根据库仑定律公式
，结合电量与间距的变化，从而即可分析求解。