北京市中考物理高频考点训练(八)(附2套中考模拟卷)

高频考点训练(八)

[训练范围：第22、23课时]

家庭电路

1．如图C8－1所示，电能表的示数为______kW·h。

图C8－1 图C8－2

2．小明家的电能表月初时的示数为7846.6 kW·h，月末的的示数如图C8－2所示，若1度电的电费按0.49元计算，小明家这个月的电费是________元。

3．(多选)关于家庭电路，下列说法中正确的是( )

A．在家庭电路中，同时工作的用电器越多，总电阻越小

B．家庭电路中总电流过大，是由于电路中用电器的实际功率过大引起的

C．如果家庭电路中不安装保险丝，那么发生短路时，会因为通过用电器的电流过大而烧毁用电器D．电炉子工作时，电炉丝热得发红，而连接电炉子的导线并不太热，是因为导线的电阻比电炉丝的电阻小

4．关于家庭电路和安全用电，下列选项中正确的是( )

A．家庭电路中需要安装保险丝或空气开关

B．在未断开电源开关的情况下更换灯泡

C．我国家庭电路的电压值为380 V

D．对人体安全电压是36 V

5．(多选)下列说法中正确的是( )

A．家庭电路中电能表直接测量的是家中正在使用的用电器的总电功率

B．家庭电路中保险丝(熔丝)熔断后可以用粗铜丝代替保险丝

C．家庭电路中保险丝(熔丝)熔断的原因可能是由于电路的总电功率过大造成的

D．在家庭电路中原有用电器正常工作的前提下，再增加正常工作的用电器，家庭电路中的总电功率一定会增大

安全用电

6．小宁设计了一种照明电路图，其设计要求是：用两个开关控制一盏灯，两个开关同时闭合灯才能发光，只闭合其中任意一个开关灯都不能发光。如图C8－3所示的四幅电路图中，既符合上述设计要求，又符合安全用电要求的是( )

图C8－3

7．生活中掌握一些安全用电常识很有必要，下列做法中正确的是( )

A．更换灯泡时要先切断电源

B．用湿布擦拭插座或用电器的开关

C．发现有人触电时直接用手将触电者拉开

D．用电器失火时，先用水灭火，再切断电源

8．将如图C8－4所示完好的接线板连入家庭电路中，闭合开关S，指示灯发光。再将台灯插入接线板上的插座，台灯与指示灯都能发光。则( )

图C8－4

A．该接线板的连接线内只有火线和零线两根导线

B．台灯与指示灯串联，并受开关S控制

C．台灯与指示灯并联，开关S在干路上

D．该接线板上有5个插孔会使检测的试电笔氖管发光

能源

9．解决能源问题的根本出路是提高能源的利用率和积极开发________。

10．(多选)“风光互补”路灯装有风力和太阳能发电装置。白天将获得的电能储存在蓄电池内，夜间蓄电池对灯泡供电。下列关于这种路灯的说法中正确的是( )

A．太阳能发电装置可将电能转化为光能

B．风力发电装置利用的是电磁感应的原理

C．若采用LED灯照明，会比白炽灯更节能环保

D．路灯利用的太阳能和风能都属于不可再生能源

11．下列能源中，属于不可再生能源的一组是( )

①煤炭②石油③水能④天然气

A．①②③ B．②③④

C．①③④ D．①②④

电磁波

12．光是一种电磁波，在真空中传播速度是 ________m/s。

13．收音机、电视机、手机都是利用________波进行远程信息传递的。

磁现象

14．磁体有________性和________性。同名磁极相互________。

15．(多选)关于电磁现象，下列说法中正确的是( )

A．发电机是利用电磁感应现象制成的

B．奥斯特实验说明了电流周围存在磁场

C．电动机是将机械能转化成电能的装置

D．磁场对放入其中的导体有力的作用

16．(多选)下列说法中正确的是( )

A．导体周围一定存在着磁场

B．在电磁感应现象中，机械能转化为电能

C．指南针能指南北是由于地磁场对指南针磁极有力的作用

D．磁场中某点的磁场方向是由放在该点的小磁针决定的

17．(多选)关于电磁现象，下列说法中正确的是( )

A．如果通电线圈在磁场作用下转动，则线圈的机械能是由电能转化来的

B．磁场对放入其中的小磁针有力的作用

C．导体中的负电荷在做定向移动时一定产生磁场

D．利用撒在磁体周围的铁屑可以判断该磁体周围各点的磁场方向

18．(多选)关于电磁现象，下列说法正确的是( )

A．导体中的电流一定会产生磁场

B．导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流

C．电动机能够把电能转化为机械能

D．放在磁场中的导体一定受到磁场力的作用

19．下列四幅图中，反映发电机工作原理的是( )

图C8－5

右手螺旋定则

20．通电螺线管中的电流方向如图C8－6所示，由此可以判断出通电螺线管的左端是________极。

图C8－6 图C8－7

21．如图C8－7所示，根据通电螺线管右端小磁针静止时的指向，标出通电螺线管中的电流方向。

电磁现象应用

22. 如图C8－8所示，把螺线管沿东西方向水平悬挂起来，然后给导线通电，请你想一想会发生的现象是( )

A．通电螺线管仍保持静止不动

B．通电螺线管能在任意位置静止

C．通电螺线管转动，直至A端指向南，B端指向北

D．通电螺线管转动，直至B端指向南，A端指向北

图C8－8 图C8－9

23．当扬声器中的线圈通过的电流方向如图C8－9所示时，线圈向左运动，那么当电流方向改变时，线圈将向________运动；如此反复，线圈带动纸盆________而发声。与扬声器原理相似的是________(选填“电动机”或“发电机”)。

参考答案

1．6358.2

2．73.5

3．AD 4.A 5.CD 6.B

7．A 8.C

9．新能源

10. BC 11.D

12．3×108

13．电磁

14．指向吸铁排斥

15．AB 16.BC 17.ABC 18.AC 19．A

20．S(南)

21．如图所示

22.D

23．右振动电动机

中考物理模拟试卷

一、选择题

1．关于热现象，下列说法正确的是

A．40℃的水的内能一定比80℃的小

B．不同燃料燃烧时，放出热量越多的燃料热值越大

C．质量和初温相同的水和煤油，放出相同热量时煤油温度降低的多

D．内能总是从内能多的物体向内能少的物体传递

【答案】C

【解析】A. 内能是物体内所有分子热运动的动能加势能的总和，温度越高分子热运动越剧烈，内能越大。所以内能除了与温度有关，还跟分子数目（即物体的质量）有关，所以40℃的水和80℃的水相比，质量未知，所以内能大小不能确定。故A错误。

B. 根据q=Q

m

可知，相同质量的不同燃料燃烧时，放出热量越多的燃料热值才越大。选项中没有说燃料质

量相同，故B错误。

C. 根据△t=Q

cm

可知，质量和初温相同的水和煤油，放出相同热量时，煤油的比热容小，温度变化量大，

即煤油温度降低的多。故C正确。

D. 内能是由温度高的物体向温度低的物体转移。内能多的物体温度不一定高，内能少的物体温度也不一定低。故D错误。

2．如图所示，电源电压保持不变，小灯泡的额定电压为12V，闭合开关S后，滑片P从最右端滑动最左端的过程中，小灯泡I﹣U关系图象如图乙所示，下列说法中错误的是

A．电源电压为12V

B．滑动变阻器的最大阻值为9Ω

C．该电路总功率变化范围为12W∽24W

D．小灯泡的额定功率为12W

【答案】D

【解析】解答：

(1)由电路图可知，当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路为灯泡的简单电路，由图象可知，电源的电压U＝U L＝12V，电路中的电流I＝2A，故A正确；则灯泡的额定功率：P L＝U L I＝12V×2A＝24W，故D 错误；(2)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，由图象可知，灯泡两端的电压U′L ＝3V，电路中的电流I′＝1A，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压：U R

＝U?U′L＝12V?3V＝9V，由I＝U

R

可得，滑动变阻器的最大阻值：R＝

9

1

R

U V

I A

＝＝9Ω，故B正确；当滑

动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路的功率最大，最大功率P大＝P L＝24W，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路的功率最小，最小功率P小＝UI′＝12V×1A＝12W，则该电路总功率变化范围为

12W～24W，故C正确．

故选D.

【点睛】

（1）由电路图可知，当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路为灯泡的简单电路，此时灯泡两端的电压和额定电压相等也是电源的电压，根据P＝UI求出灯泡的电功率即为额定功率；（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，由图可知电表的示数，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值；当滑动变阻器接入电路中的电阻最小时电路的总功率最大，当滑动变阻器接入电路中的电阻最小时电路的总功率最小，根据P＝UI求出电路消耗的最小总功率，然后得出答案．

3．为便于测量或观察现象，实验中我们经常会对实验进行优化改进．下列采取的措施不合理的是

A．可以在鼓面上放纸屑，通过纸屑跳动高度反映鼓面的振幅大小

B．在研究蜡烛熔化特点的实验中，采用“水浴法”加热，使蜡烛受热均匀

C．为了显示光在空气中传播路径，可以在空气中喷洒烟或雾

D．在探究平面镜成像时，为了使跳棋子的像更清晰，我们用手电筒照亮玻璃板

【答案】D

【解析】A．在研究声音是由物体振动产生的实验时，利用转换法将纸屑放在鼓面上，通过纸屑跳动高度反映鼓面的振幅大小A的措施合理；

B．在研究烛蜡熔化特点的实验中，为了使温度上升缓慢且被加热物质受热均匀而采用“水浴法”加热，使烛蜡受热均匀，B的措施合理；

C．为了显示光在空气中传播路径，在空气中悬浮细小颗粒，即在空气中喷洒烟或雾，C措施合理；D．在探究平面镜成像时，为了使跳棋子的像更清晰，应该使物体的亮度更强，即我们用手电筒照亮棋子，D措施不合理．

4．一个定值电阻R和一只小灯泡L，流过它们的电流与其两端电压的关系如图甲，把它们并联在电路中，如图乙。闭合开关S，这时电流表示数0.6A，则电源电压和小灯泡的电功率分别是：

A ．20.3V W ，

B ．20.4V W ，

C ．1.5 1.75V W ，

D ．1.50.6V W ，

【答案】B

【解析】由乙图可知，两用电器并联，则两用电器两端电压相等，电流表测量干路电流，当两用电器电流之和为0.6A 时，由甲图可知，电压为2V 时，对应两用电器的电流和为0.6A ，可知电源电压为2V ，因灯泡电阻随温度的变化而变化，所以图甲中B 对应的为灯泡的U-I 图像，当电压为2V 时，灯泡对应电流为0.2A ，可得此时灯泡电功率P=UI=2V ×0.2A=0.4W ，

5．下列有关光的现象中，正确的说法是

A ．阳光下，微风吹拂的河面，波光粼粼，这里蕴含着光的反射

B ．光与镜面成30°角射在平面镜上，则其反射角也是30°

C ．人在照镜子时，总是靠近镜子去看，其原因是靠近时像会变大

D ．老年人通过放大镜看书，看到的字的实像

【答案】A

【解析】A ．中，阳光下河面波光粼粼，是太阳光经水面反射进入人的眼睛形成的，是光的反射现象，符合题意；

B ．光与镜面成30o角射在平面镜上，反射角应为60o，不符合题意；

C ．平面镜成像时，像与物的大小相等，所以当人靠近平面镜时，像的大小不变，不符合题意；

D ．透过放大镜看书，看到的是正立、放大的虚像，不符合题意．

6．如图所示，A 、B 两个物体叠放在水平面上，同时有F ＝2N 的两个水平力分别作用于A 、B 两物体上，使A 、B 两个物体处于静止状态，下列分析正确的是

A ．A 和

B 之间摩擦力为0

B ．地面对B 的摩擦力为0

C ．地面对B 的摩擦力为2N ，方向水平向左

D ．地面对B 的摩擦力为2N ，方向水平向右

【答案】B

【解析】先分析A 受力情况，得出B 对A 的摩擦力大小，在对B 进行受力分析，求出地面对B 的摩擦力．

【详解】A 处于静止状态，受力平衡，A 在水平方向上受水平向左的拉力F 和B 对A 向右的静摩擦力，所

以f1＝F＝2N，故A错误；因物体间力的作用是相互的，B对A产生向右的静摩擦力，同时B也受到A对它的摩擦力，大小为2N，方向向左，B同时受向右的拉力F＝2N,二力平衡，B处于静止状态，故地面对B没有摩擦力，故B正确，CD错误．故选B．

7．现有电源、开关、电流表、电压表、灯泡、滑动变阻器各一个，其中灯泡的U—I图象如图所示．将这些元件用导线连成电路后，闭合开关，滑动变阻器的滑片从最左端向右滑动的过程中，电压表的示数从

5V开始减小，电流表的示数从0.3A开始增大．下列结论正确的是

A．电源的电压为5V B．小灯泡的最大功率为0.3W

C．整个电路的最小功率是1.8 W D．滑动变阻器的最大阻值为20Ω

【答案】C

【解析】根据题意可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，如下图所示：

当电压表的示数为5V时，电路中的电流为0.3A，

由图象得出此时灯泡两端的电压U L=1V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：U=U滑+U L=5V+1V=6V，故A错误；

由I=U

R

可得，滑动变阻器的最大阻值：R滑=

5

=16.7

0.3

U V

I

≈Ω

滑，故D错误；

灯泡的最大功率，滑动变阻器移至右端为0，根据图像P max=0.5A×6V=3W，故B选项错误；

所以整个电路的最小功率，Pmin=UI=6V×0.3A=1.8W，故C正确；

【点睛】

根据题意，先画出电路图，在提取电路图与图像的有用信息计算其他物理量，本题考查了串联电路电流特点与串联分压的特点，应熟练掌握，并且提高从图像中获取关键信息的能力．

8．在如图所示的电路中，电源电压保持不变．闭合电键S，向右移动滑动变阻器滑片P的过程中

A．电压表V的示数将变大

B．电流表A2的示数将变小

C．电压表V示数与电流表A示数的乘积将不变

D．电流表A示数的变化量与电流表A1示数的变化量的比值将不变

【答案】D

【解析】由电路图可知，R1、R2并联，电压表测电源的电压，电流表A测干路电流，电流表A1测R1支路的电流，电流表A2测R2支路的电流．

A．因电源电压保持不变，所以滑片移动时，电压表V的示数不变，故错误；

B．因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以滑片移动时，通过R1的电流不变，即电流表A2的示数不变，故错误；

C．向右移动滑动变阻器滑片P的过程中，变阻器接入电路中的电阻变大，由

U

I

R

可得，通过R2的电

流变小，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流变小，即电流表A的示数变小，则电压表V示数与电流表A示数的的乘积将变小，故错误；

D．因电流表A示数的变化量与电流表A1示数的变化量是相等的，故比值将不变，正确．

9．小云家卫生间安装了换气扇和照明灯，换气扇和照明灯的电路连接如图所示，下列说法中正确的是

A．换气扇和照明灯不能同时工作

B．换气扇和照明灯只能同时工作

C．换气扇和照明灯工作时，通过它们的电流一定相等

D．换气扇和照明灯工作时，它们两端的电压一定相等

【答案】D

【解析】AB、两电器并联并且都有单独开关控制，则通过电键的控制两用电器可以单独工作，也可以同时工作，故AB错误；

C、由于两电器功率不同，则电流不一定相同；故C错误；

D、由并联电路的特点可知工作时两端的电压一定相等，故D正确．

故选D．

10．首次发现电子，打破原子不可再分观念的科学家是

A．汤姆生B．卢瑟福

C．伽利略D．奥斯特

【答案】A

【解析】A．英国物理学家汤姆生在1897年发现了电子，是首先打破“原子不可再分”的科学家，故A

正确；

B．卢瑟福发现了α粒子散射实验，提出了原子核式结构模型，故B错误；

C．伽利略的理想斜面实验为研究力与运动的关系奠定了基础，他还发现了摆的等时性等，故C错误；D．奥斯特发现了电流的磁效应，故D错误．

二、填空题

11．如图所示，在竖直平面内用轻质细线悬挂一个小球，将小球拉至A点，使细线处于拉直状态，由静止开始释放小球，不计阻力，小球摆到与A等高的B点沿原来的方向时，细线恰好断开，则小球将沿方向____(填数字序号)运动，你推理的依据是：_____．

【答案】3 此时速度为零，绳子断开，只受重力，竖直向下运动

【解析】解答：由于小球被静止释放，不计摩擦，它可在A. B两点间来回摆动．当小球摆到B点时，小球速度恰好为零，此时若细线恰好断开，则小球只受重力作用而竖直下落．所以，将沿竖直向下方向运动．12．下列是生活中常见的光学器材：汽车后视镜、近视眼镜、穿衣镜、照相机．

其中利用光的反射现象的器材有_____、_____；

其中利用光的折射现象的器材有_____、_____．

【答案】汽车后视镜穿衣镜近视眼镜照相机

【解析】汽车观后镜是凸面镜，穿衣镜是平面镜，都是利用光的反射现象；

近视眼镜是凹透镜，照相机的镜头是凸透镜，都是利用光的折射现象；

点睛：要解答本题需掌握：光的反射现象和光的折射现象在日常生活中有哪些应用．

13．如下图所示，用A、B两把刻度尺测同一个木块的边长，就分度值而言，_______刻度尺精密些；就使用方法而言，_______刻度尺不正确；木块的边长为_________ cm。

【答案】A B 2.21cm

【解析】(1)刻度尺A的分度值是0.1cm；刻度尺B的分度值是0.2cm。刻度尺A的精确程度高；刻度尺B 的刻度面没有和被测长度紧贴，所以是错误的。如图A所示，刻度尺的分度值是0.1cm，它的起始刻度从零刻度线开始，正确读数是2.21cm.

14．小敏家的电热水壶铭牌已模糊不清，他想估测其功率，把家里所有用电器关闭，只让该电热水壶工作1min，其铭牌上标有“3000R/kW·h”的电能表刚好转30转，则功率为____W；若他家平均每天要用该电热水壶烧水约0.5h，则一个月（30天）电热水壶将耗电____度。

【答案】600 9

【解析】[1]电热水壶工作1min电能表刚好转30转，可得工作1h电能表转30×60=1800转，消耗的电能为

1800

kW?h=0.6kW?h

3000

所以可知电热水壶的电功率为0.6kW=600W。

[2]一个月烧水时间为

30×0.5h=15h

所以消耗的电能为

W=Pt=0.6kW×15h=9kW·h

15．热气球是利用球内的热空气比球外的冷空气的密度要_____ 而能够上升的，当热气球加热时，球内的气体质量_____，体积_____，密度_____。

【答案】小不变增大减小

【解析】热气球是利用球内的空气温度高，密度小；球外的冷空气温度低，密度大。从而密度小的热气球

上升，充气后气球内质量不变，当热气球体积变大，由ρ＝m

V

可知密度变小。

16．人们将书包带做得宽一些，目的是在压力一定时，增大肩部的______，从而______压强，背着更舒服．纤弱细小的蚊子，只要“轻轻一吻”就能吸到大象的血，原因是蚊子的口器对大象皮肤造成的压力虽然不大，但由于口器十分尖锐，因而能轻易刺穿大象皮肤，这是通过___________的方式增大了压强。

【答案】受力面积减小减小受力面积

【解析】根据p=F

S

可知，在压力一定时，受力面积越小，压强越大，受力面积越大，压强越小，因此人

们将书包带做得宽一些，是在压力一定时，增大肩部的受力面积，从而减小压强，蚊子的口器能轻易刺穿皮肤是通过减小受力面积的方式增大了压强。

17．如图所示是分别通过A、B两个导体的电流与其两端电压的关系图．由图可知，若将A、B两导体串联后接入电路，当通过A的电流为0.1A时，A和B两端的总电压是_____V；将A、B并联后接入电路，当通过B的电流为0.2A时，通过A的电流是_____A．

【答案】1.5 0.4

【解析】（1）将A 、B 串联后接入电路时，通过它们的电流相等，根据图象读出A 、B 两端的电压，利用串联电路的电压特点求出AB 两端的电压之和；

（2）A 、B 并联时，各支路两端的电压相等，根据图象读出通过B 的电流为0.2A 时两端的电压以及通过A 的电流．

【详解】（1）因为串联电路中各处的电流相等，所以通过A 的电流为0.1A 时，通过B 的电流也为0.1A ， 由图象可知，通过AB 两端的电压分别为U A =0.5V ，U B =1.0V ，

又因为串联电路中总电压等于各分电压之和，所以A 和B 两端的电压总和：U AB =U A +U B =0.5V+1.0V=1.5V ；

（2）因为并联电路中各支路两端的电压相等，所以将A 、B 并联后接入电路中时，它们两端的电压相等， 由图象可知，当通过B 的电流为0.2A 时，两端的电压为2.0V ，也是A 两端的电压，

由图象可知，A 两端的电压为2.0V 时，通过的电流为0.4A ．

18．随着我市成功通过国家义务教育均衡化验收，所有学校教室都配备了多功能一体机和标准的日光灯照明设备，多功能一体机正常工作的电压为____伏，多功能一体机与日光灯之间是_____的（选填“并联”或“串联”）；额定功率为40W 的日光灯正常工作１h ，消耗的电能是________J 。

【答案】220 并联 1.44×105

【解析】学校电路的电压跟家庭电路的电压一样，都是220V ，多功能一体机与日光灯工作时互不影响，所以是并联的；

额定功率为40W 的日光灯正常工作1h ，消耗的电能是：W=Pt=40W ?3600s=1.44510?J.

19．校园的公布栏上张贴了这样一则公告：由于气候较冷，各班早上暂停拖地．这样做的目的是防止水发生_____（填物态变化），避免使同学们摔倒受伤．小林在家打开冰箱门，发现冷冻室的侧壁上有很多霜，这是水蒸气_____（填物态变化）形成的，这个过程中水蒸气_____（吸收/放出）热量．

【答案】凝固；凝华；放出

【解析】在较冷的早上拖地后，地面上的水会出现凝固现象，变成固态的冰，所以，暂停拖地可以防止水发生凝固，避免使同学们摔倒受伤；冰箱中冷冻室侧壁上的霜是由水蒸气遇到很低的温度直接变成固态的冰形成的，即发生了凝华现象，此过程中水蒸气需要放出热量；夜晚气温骤降，则室内温度高于室外的温度，室内空气中的水蒸气遇到很冷的玻璃，会凝华成小冰晶附着在玻璃的内侧形成冰花；当他走到室外时，由于室外温度较低，眼镜片的温度高于室外空气中水蒸气的温度，则水蒸气不能放热液化，所以，眼镜上不会蒙上一层水雾．

三、作图题

20．如图所示的杠杆，请画出动力F 1的力臂L 1和阻力F 1的力臂L 1．

（______________）

【答案】

【解析】已知支点为O,过点O作力F1的垂线段L1,作力F1的垂线段L1,那么L1、L1即为所求作的力臂．如图所示：

21．如图所示，当开关闭合后，磁铁受到通电螺线管的斥力但保持静止.请在图中作出条形磁铁受到的摩擦力方向，并标出通电螺线管中电源的正极.

【答案】

【解析】由题，开关闭合后，磁铁受到通电螺线管的斥力但保持静止，此时条形磁铁受到的摩擦力与斥力是一对平衡力，大小相等，方向相反，所以摩擦力的方向水平向右；

开关闭合后，磁铁受到通电螺线管的斥力，可知通电螺线管的左端为S极，右端为N极．根据安培定则，螺线管上电流方向向下，电流从电源左端流出，右端流入，因此，电源的左端为正极．

四、实验题

22．在探究“水沸腾时温度变化的特点”实验时：

（1）小华组装好实验器材后开始实验，请你指出图甲中存在的操作错误是_____．

（2）纠正错误操作后，开始计时．第3min温度计的示数如图乙所示，该示数为_____℃，从记录数据的表格可以分析出：水沸腾的特点是温度_____，继续_____．

时间/min 0 1 2 3 4 5 6 …

温度/℃90 92 94 98 98 98 …

（3）根据水的沸点可判断当时当地的气压_____（选填“是”或“不是”）1标准大气压．

（4）小华和另一位同学选用的实验装置相同，且同时开始实验，但水开始沸腾的时间不同，他们绘制的沸腾图象如图丙所示，其中水的质量较大的图象为_____（选填“a“”或“b”）．

【答案】温度计的玻璃泡与容器底接触；96；不变；吸热；不是；b

【解析】（1）测量液体温度时，要使温度计的玻璃泡与被测液体充分接触，不能接触容器底和容器壁；读数时视线与液柱上表面所对刻线相平；

（2）温度计读数时，先确定是零上还是零下，认清分度值，再读数；液体沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变；

（3）根据沸点与气压之间的关系，气压越高，沸点越高，气压越低，沸点越低解答．

（4）在装置相同的情况下，水的质量越大，升温会越慢．

【详解】（1）使用温度计测量流体温度时，玻璃泡不能碰着容器的底或壁，所以图甲中温度计测液体温度的错误为：温度计的玻璃泡与容器底接触；

（2）温度计的分度值是1℃，此时是零上，液柱上表面对准了90℃上面第6个小格处，示数为96℃；

从记录数据的表格可得：液体沸腾时，温度不变，继续吸热，这是流体沸腾最显著的特点；

（3）由记录数据知，当水的温度达到98℃时，温度不再变化，说明此时是水的沸腾过程，沸点是98℃，沸点低于标准大气压下的沸点，由此可判断当地的气压不是1个标准大气压；

（4）读图丙可以看出，在同样加热的情况下，b的升温较慢，其原因应该是水的质量多于a的缘故，升高相同的温度时需要的时间长，即水的质量较大的图象为b．

23．在探究杠杆平衡条件的实验中．

（1）实验前，杠杆如图甲所示，为了使杠杆能在水平位置平衡，接下来的操作是：___________

（2）如图乙所示，为了使杠杆平衡，小明同学应在P点挂________个同样的钩码；若他是改用在P点沿虚线方向拉弹簧测力计，这样做的好处是______（多项选择，填合适的选项符号．）

A．便于直接读出拉力的大小

B．便于提供不同方向的拉力

C．便于正确认识力臂

D．便于测量力臂的大小

F N 6.0 4.0 3.0 2.0 1.5

动力/

L cm57.5101520

动力臂/

（3）在图乙中，保持杠杆左边所挂钩码的位置和个数不变，用弹簧测力计分别在杠杆右边的不同位置竖

图像．

直向下拉杠杆，使之平衡，得到几组数据如上表所示，请在图丙中绘出F L

（_______）

【答案】向左调节平衡螺母，直至杠杆在水平位置平衡 2 ABC

【解析】（1）图甲中杠杆左端高右端低，为了使杠杆在水平位置平衡，平衡螺母应向高端移动，即接下来的操作是：向左调节平衡螺母，直至杠杆在水平位置平衡．

（2）图乙中，在支点左端2格处挂3个钩码，为了使杠杆在水平位置平衡，应符合杠杆的平衡条件，即F1L1=F2L2；带入数据3G×2格=F2×3格，解得F2=2G，即在图乙中的P处挂2个钩码；若改用在p点沿虚线方向拉弹簧测力计，可以从弹簧测力计上直接读出力的大小，也可以改变力的方向，可以进一步理解力臂不是力作用点到支点的距离，但这种操作不易测量力臂大小，故该操作的好处为ABC

（3）根据表格中所给数据，在坐标图上描出对应点，用光滑曲线连接这些点，作图如下：