2016高考数学二轮精品复习材料数列综合
第八讲 数列综合
★★★高考在考什么 【考题回放】
1.已知a b c d ,,,成等比数列,且曲线
2
23y x x =-+的顶点是()b c ,,则ad 等于( B )
A.3 B.2 C.1 D.2- 2.已知等差数列{}n a 的前n 项和为n S ,若1221S =,则25811a a a a +++=
.7
3. 在等比数列{}n a 中,12a =,前n 项和为n S ,若数列{}1n a +也是等比数列,则n S 等于
A .1
2
2n +- B.3n C. 2n D.31n
-
【解析】因数列{}n a 为等比,则12n n a q -=,因数列{}1n
a +也是等比数列,
则
2212112221
2
(1)(1)(1)22(12)01n n n n n n n n n n n n n a a a a a a a a a a a a a q q q +++++++++=++?+=++?+=?+-=?=
即
2
n a =,所以
2n S n
=,故选择答案C 。
4.设集合{1
23456}M =,,,,,, 12k S S S ,,,都是M 的含两个元素的子集,且满足:对任意的
{}
i i i S a b =,,
{}
j j j S a b =,(i j ≠,{1
23}i j k ∈、,,,,),都有min min j j i i i i j j a b a b b a b a ??????≠????
??????,,(min{}x y ,表示两个数x y ,中的较小者),则k 的最大值
是( B )
A .10
B .11
C .12
D .13
5. 已知正项数列{an},其前n 项和Sn 满足10Sn=an2+5an+6且a1,a3,a15成等比数列,求数列{an}的通项an .
解析:解: ∵10Sn=an2+5an+6, ① ∴10a1=a12+5a1+6,解之得a1=2或a1=3. 又10Sn -1=an -12+5an -1+6(n≥2),②
由①-②得 10an=(an2-an -12)+6(an -an -1),即(an+an -1)(an -an -1-5)=0 ∵an+an -1>0 , ∴an -an -1=5 (n≥2).
当a1=3时,a3=13,a15=73. a1, a3,a15不成等比数列∴a1≠3;
当a1=2时,a3=12, a15=72, 有a32=a1a15 , ∴a1=2, ∴an=5n -3.
6.已知公比为(01)q q <<的无穷等比数列{}n a 各项的和为9,无穷等比数列{}2
n a 各项的和为
81
5.
(I)求数列
{}n a 的首项1a 和公比q ;
(II)对给定的(1,2,3,,)k k n =,设()k T 是首项为k a ,公差为21k a -的等差数列,求(2)T 的前
10项之和;
解: (Ⅰ)依题意可知,???
??==????????=-=-32
358119
112121
q a q a q a (Ⅱ)由(Ⅰ)知,
1
323-?
??
???=n n a ,所以数列)
2(T
的的首项为221==a t ,公差3122=-=a d ,
155391021
21010=???+
?=S ,即数列)2(T 的前10项之和为155.
★★★高考要考什么
本章主要涉及等差(比)数列的定义、通项公式、前n 项和及其性质,数列的极限、无穷等比数列的各项和.同时加强数学思想方法的应用,是历年的重点内容之一,近几年考查的力度有所增加,体现高考是以能力立意命题的原则.
高考对本专题考查比较全面、深刻,每年都不遗漏.其中小题主要考查
1()a d q 、、
n n
n a S 、、间相互关系,呈现“小、巧、活”的特点;大题中往往把等差(比)数列与函
数、方程与不等式,解析几何 等知识结合,考查基础知识、思想方法的运用,对思维能力要求较高,注重试题的综合性,注意分类讨论.
高考中常常把数列、极限与函数、方程、不等式、解析几何等等相关内容综合在 一起,再加以导数和向量等新增内容,使数列综合题新意层出不穷.常见题型:
(1)由递推公式给出数列,与其他知识交汇,考查运用递推公式进行恒等变形、推理与综合能力.
(2)给出Sn 与an 的关系,求通项等,考查等价转化的数学思想与解决问题能力.
(3)以函数、解析几何的知识为载体,或定义新数列,考查在新情境下知识的迁移能力. 理科生需要注意数学归纳法在数列综合题中的应用,注意不等式型的递推数列. ★★ 突 破 重 难 点
【范例1】已知数列{}n a ,{}n b 满足12a =,11b =,且1111
3114413144n n n n n n a a b b a b ----?=++???
?=++??(2n ≥)
(I )令
n n n
c a b =+,求数列
{}
n c 的通项公式;
(II )求数列
{}
n a 的通项公式及前n 项和公式
n
S .
解:(I)由题设得11()2(2)n n n n a b a b n --+=++≥,即
12
n n c c -=+(2n ≥)
易知
{}
n c 是首项为
113
a b +=,公差为2的等差数列,通项公式为
21
n c n =+.
(II )解:由题设得111()(2)2n n n n a b a b n ---=-≥,令n n n
d a b =-,则11
(2)2n n d d n -=≥. 易知{}n d 是首项为111a b -=,公比为12的等比数列,通项公式为
11
2n n d -=. 由12112n n n n n a b n a b -+=+???-=??,
解得
11
22n n a n =++
, 求和得21122n n n S n =-+++.
【变式】在等差数列{}n a 中,11a =,前n 项和n S 满足条件242
,1,2,
1n n
S n n S n +==+,
(Ⅰ)求数列{}n a 的通项公式;
(Ⅱ)记
(0)
n a n n b a p p =>,求数列
{}n b 的前n 项和n T 。
解:(Ⅰ)设等差数列{}n a 的公差为d ,由2421n n S n S n +=+得:12
13
a a a +=,所以22a =,即
211d a a =-=,又1
211122()
42212n n n n n n a nd a n S a nd a n a a n S a a n ++?+++===+++?=
2(1)1n n a n a +++,所以
n a n
=。
(Ⅱ)由
n a n n b a p =,得
n
n b np =。所以
23123(1)n n
n T p p p n p np -=+++
+-+,
当1p =时,
12n n T +=
;
当1p ≠时,
2341
23(1)n n n pT p p p n p np +=+++
+-+,
23
1
1
1
(1)(1)1n n n n n n p p P T p p p p
p np
np p -++--=+++
++-=--
即11
,12(1),11n n
n n p T p p np p p ++?=??
=?-?-≠?-?。
(理)已知二次函数()y f x =的图像经过坐标原点,其导函数为'
()62f x x =-,数列{}n
a 的前n 项和为
n
S ,点
(,)()
n n S n N *∈均在函数()y f x =的图像上。
(Ⅰ)、求数列
{}
n a 的通项公式;
(Ⅱ)、设
11n n n b a a +=
,n T 是数列{}n b 的前n 项和,求使得20n m
T <
对所有n N *∈都成立
的最小正整数m ; 解:(Ⅰ)设这二次函数f(x)=ax2+bx (a ≠0) ,则 f`(x)=2ax+b,由于f`(x)=6x -2,得 a=3 , b=-2, 所以 f(x)=3x2-2x. 又因为点
(,)()
n n S n N *∈均在函数()y f x =的图像上,所以n S
=3n2-2n.
当n ≥2时,an =Sn -Sn -1=(3n2-2n )-[]
)1(2)132
---n n (
=6n -5.
当n =1时,a1=S1=3×12-2=6×1-5,所以,an =6n -5 (n N *
∈)
(Ⅱ)由(Ⅰ)得知
13+=
n n n a a b =[]5)1(6)56(3---n n =)
161
561(21+--n n ,
故Tn =
∑=n
i i
b 1
=2
1??????+--++-+-)161561(...)13171()711(n n =21(1-161+n ).
因此,要使21(1-161+n )<20m (n N *
∈)成立的m,必须且仅须满足21≤20m
,即m ≥
10,所以满足要求的最小正整数m 为10. 【范例2】已知函数
2()1
f x x x =+-,,αβ是方程f(x)=0的两个根()αβ>,'()f x 是f(x)的导
数;设11a =,
1()'()
n n n n f a a a f a +=-
(n=1,2,……)
(1)求,αβ的值;
(2)证明:对任意的正整数n ,都有n a >a ;
(3)记ln
n n n a b a a
β-=-(n=1,2,……),求数列{bn}的前n 项和Sn 。
解析:(1)∵2
()1f x x x =+-,,αβ是方程f(x)=0的两个根()αβ>,
∴
αβ=;
(2)'()21f x x =+,
2
1
115(21)(21)12
442121
n n n n
n n n n n n a a a a a a a a a a ++++-+-=-=-++
=
5
11
4
(21)4212
n n a a ++-+,∵11a =,
∴有基本不等式可知
20a >
(当且仅当
1a 时取等号)
,∴
20a >
同,样3a >
,……,n a α>=(n=1,2,……), (3)
1()()(1)
2121n n n n n n n n a a a a a a a a αββ
ββα+----=--
=++++,而1αβ+=-,即1αβ+=-,
2
1()21
n n n a a a ββ+--=
+,同理
21()21
n n n a a a αα+--=
+,12n n b b +=,
又
11ln
1b βα-===-
2(2n n S =-
【文】已知函数
2
()1f x x x =+-,α、β是方程()0f x =的两个根(αβ>),()f x '是的导数
设
11
a =,
1()
()n n n n f a a a f a +=-
',(1,2,)n =.
(1)求α、β的值;
(2)已知对任意的正整数n 有
n a α
>,记
ln
n n n a b a β
α-=-,(1,2,)n =.求数列{n b }的前n 项和
n
S .
解、(1) 由 2
10x x +-=
得
x =
α∴=
β=
(2) ()21f x x '=+
22
111
2121n n n n n n n a a a a a a a ++-+=-=
++
(
)()
2
222
122111535151521221153515152n n n n n n n
n n n n n n n a a a a a a a a a a a a a ββαα++++??+++++++ ???-+- ?==== ?
--+--- ???++-++ ?
∴
12n n
b b += 又
1113515
ln
ln 4ln 235
a b a βα-++===-- ∴数列{}n b 是一个首项为
15
4ln
2+,公比为2的等比数列;
∴
()()15
4ln
12152421ln 122n n n S +-+=
=--
【变式】对任意函数f (x ),x ∈D ,可按图示3—2构造一个数列发生器,其工作原理如下:
①输入数据x0∈D ,经数列发生器输出x1=f (x0); ②若x1?D ,则数列发生器结束工作;若x1∈D ,则将x1反馈回输入端,再输出x2=f (x1),并依此规律继续下去.
现定义f (x )=12
4+-x x .
(Ⅰ)若输入x0=6549
,则由数列发生器产生数列{xn }.请写出数列{xn }的所有项;
(Ⅱ)若要数列发生器产生一个无穷的常数列,试求输入的初始数据x0的值; (Ⅲ)(理)若输入x0时,产生的无穷数列{xn }满足:对任意正整数n,均有xn <xn +1,求x0的取值范围. 解:(Ⅰ)∵f (x )的定义域D =(-∞-1)∪(-1,+∞)
∴数列{xn }只有三项x1=1911,x2=51
,x3=-1
(Ⅱ)∵f (x )=12
4+-x x =x 即x2-3x +2=0,∴x =1或x =2
即x0=1或2时,xn +1=12
4+-n
n x x =xn ,故当x0=1时,x0=1;当x0=2时,xn =2(n ∈
N )
(Ⅲ)解不等式x <12
4+-x x ,得x <-1或1<x <2,要使x1<x2,则x2<-1或1<x1<2
对于函数f (x )=16
41
24+-
=+-x x x 。若x1<-1,则x2=f (x1)>4,x3=f (x2)<x2 当1<x1<2时,x2=f (x )>x1且1<x2<2依次类推可得数列{xn }的所有项均满足xn
+1>xn (n ∈N )
综上所述,x1∈(1,2),由x1=f (x0),得x0∈(1,2) 【范例3】已知
()
n n n A a b ,(n ∈N*)是曲线x
y e =上的点,1a a =,n S 是数列{}
n a 的
前n 项和,且满足222
13n n n S n a S -=+,0n a ≠,234n =,,,….
(I )证明:数列2n n b b
+??????(2n ≤)是常数数列;
(II )确定a 的取值集合M ,使a M ∈时,数列{}
n a 是单调递增数列;
(III )证明:当a M ∈时,弦
1
n n A A +(n ∈N*)的斜率随n 单调递增
解:(I )当2n ≥时,由已知得22213n n n S S n a --=.
因为10
n n n a S S -=-≠,所以
2
13n n S S n -+=. …… ①
于是
2
13(1)n n S S n ++=+. ……②
由②-①得163
n n a a n ++=+. …… ③
于是
2169
n n a a n +++=+. …… ④ 由④-③得
26
n n a a +-=, …… ⑤
所以226
2n n n n a a a n a n b e e e b e ++-+===,即数列2(2)
n n b n b +??????≥是常数数列.
(II )由①有
2112
S S +=,所以
2122a a
=-.由③有
3215
a a +=,
4321
a a +=,所以
332a a
=+,
4182a a
=-.而 ⑤表明:数列
2{}
k a 和
21{}
k a +分别是以
2
a ,
3
a 为首项,6
为公差的等差数列, 所以226(1)
k a a k =+-,
2136(1)k a a k +=+-,
2246(1)()
k a a k k +=+-∈N*,
数列
{}
n a 是单调递增数列12
a a ?<且
22122
k k k a a a ++<<对任意的k ∈N*成立.
12a a ?<且
2346(1)6(1)6(1)
a k a k a k +-<+-<+-
1234
a a a a ?<<<915
1223218244a a a a a ?<-<+<-?<<.
即所求a 的取值集合是
91544M a a ??
=<?
??. (III )解法一:弦1n n A A +的斜率为1111n n
a a n n n n n n n
b b e e k a a a a ++++--==
--
任取0x ,设函数0
0()x x e e f x x x -=-,则002
0()()()()x x x e x x e e f x x x ---=-
记00()()()
x x x g x e x x e e =---,则
00()()()
x x x x g x e x x e e e x x '=-+-=-,
当0x x >时,()0g x '>,()g x 在0()x +∞,上为增函数, 当
x x <时,()0g x '<,()g x 在0()x -∞,上为减函数,
所以
0x x ≠时,
0()()0
g x g x >=,从而`()0f x '>,所以()f x 在0()x -∞,和0()x +∞,上
都是增函数.
由(II )知,a M ∈时,数列
{}
n a 单调递增,
取0n x a =,因为12n n n a a a ++<<,所以11n n a a n n n e e k a a ++-=-22n n
a a n n e e a a ++-<
-. 取02n x a +=,因为12n n n a a a ++<<,所以
12112n n a a n n n e e k a a +++++-=-2
2n n a a n n e e a a ++->
-. 所以
1
n n k k +<,即弦
1()
n n A A n +∈N*的斜率随n 单调递增.
解法二:设函数1
1()n a x n e e f x x a ++-=
-,同解法一得,()f x 在1()n a +-∞,和1()n a ++∞,上都是
增函数,
所以111
111lim n n n n n a a a x a n n a n n n e e e e k e a a x a +++-+++--=<=--→,2111
11211
lim n n n n n a a a x a n n a n n n e e e e k e a a x a +++++
+++++--=>=--→.
故
1
n n k k +<,即弦
1()
n n A A n +∈N*的斜率随n 单调递增.
【文】设
n
S 是数列
{}
n a (n ∈N*)的前n 项和,1a a =,且
222
13n n n S n a S -=+,0n a ≠,234n =,,,.(I )证明:数列2{}n n a a +-(2n ≥)是常数数列;
(II )试找出一个奇数a ,使以18为首项,7为公比的等比数列{}
n b (n ∈N*)中的所有
项都是数列
{}
n a 中的项,并指出
n
b 是数列
{}
n a 中的第几项. 解:(I )当2n ≥时,由已知得222
1
3n n n S S n a --=.
因为10
n n n a S S -=-≠,所以
2
13n n S S n -+=. …………………………①
于是
2
13(1)n n S S n ++=+. …………………………………………………②
由②-①得:163
n n a a n ++=+.……………………………………………③
于是
2169
n n a a n +++=+.……………………………………………………④ 由④-③得:26
n n a a +-=.…………………………………………………⑤
即数列
2{}
n n a a +-(2n ≥)是常数数列.
(II )由①有2112S S +=,所以
2122a a
=-.
由③有
1215
a a +=,所以332a a
=+,
而⑤表明:数列2{}k a 和
21{}
k a +分别是以
2
a ,
3
a 为首项,6为公差的等差数列.
所以
22(1)6626
k a a k k a =+-?=-+,
213(1)6623
k a a k k a +=+-?=+-,k ∈N*.
由题设知,1
187n n b -=?.当a 为奇数时,21k a
+为奇数,而
n
b 为偶数,所以
n
b 不是数列
21{}
k a +中的项,n
b 只可能是数列
2{}
k a 中的项.
若
118
b =是数列
2{}
k a 中的第
n k 项,由18626k a =-+得
036
a k =-,取
03
k =,得3a =,
此时
26k a k
=,由
2n k
b a =,得1
187
6n k -?=,137n k -=?∈N*,从而n b 是数列{}n a 中
的第1
67
n -?项.
(注:考生取满足
36
n a k =-,
n k ∈N*
的任一奇数,说明
n
b 是数列
{}
n a 中的第
126723n a
-?+
-项即可)
【变式】(文)已知a1=2,点(an,an+1)在函数f(x)=x2+2x 的图象上,其中=1,2,3,…
证明数列{lg(1+an)}是等比数列;
设Tn=(1+a1) (1+a2) …(1+an),求Tn 及数列{an }的通项;
记bn=
2
11++
n n a a ,求{bn }数列的前项和Sn ,并证明Sn+
1
32-n T =1.
解:(Ⅰ)由已知2
12n n n a a a +=+,
2
11(1)n n a a +∴+=+
12
a =
11
n a ∴+>,两边取对数得
1lg(1)2lg(1)n n a a ++=+,即1lg(1)
2
lg(1)n n a a ++=+ {lg(1)}
n a ∴+是公比为2的等比数列.
(Ⅱ)由(Ⅰ)知11lg(1)2lg(1)n n a a -+=?+ 1
122lg3lg3n n --=?= 1
2
13n n a -∴+=(*)
12(1)(1)n T a a ∴=++n …(1+a ) 012222333=????n-12…3 21223+++=n-1…+2=n 2-1
3
由(*)式得
1
2
31n n a -=- (Ⅲ)
2
102n n a a a +=+1(2)
n n n a a a +∴=+
11111
()22n n n a a a +∴
=-+
1112
2n n n a a a +∴
=-
+
又
112n n n b a a =
++1112()n n n b a a +∴=-
12n S b b ∴=++n
…+b
122311111112(
)n n a a a a a a +=-+-+-…+1111
2()n a a +=-
1
221131,2,31
n n
n n a a a -+=-==-22131n
n S ∴=-
-
又
2
1
3n
n T -=2
131n n S T ∴+=-
(理)在数列{}n a 中,1112(2)2()n n n n a a a n λλλ+*+==++-∈N ,,其中0λ>.
(Ⅰ)求数列{}n a 的通项公式; (Ⅱ)求数列
{}n a 的前n 项和n S ;
(Ⅲ)证明存在k *∈N ,使得11
n k n
k a a a a ++≤对任意n *∈N 均成立.
(Ⅰ)解法一:
222
22(2)22a λλλλ=++-=+,
223233
3(2)(2)222a λλλλλ=+++-=+, 334344
4(22)(2)232a λλλλλ=+++-=+.
由此可猜想出数列{}n a 的通项公式为(1)2n n n a n λ=-+.
以下用数学归纳法证明. (1)当1n =时,
12
a =,等式成立.
(2)假设当n k =时等式成立,即
(1)2k k
k a k λ=-+,
那么111(2)2k k k a a λλλ++=++-11(1)222k k k k k
k λλλλλ++=-+++-
11[(1)1]2k k k λ++=+-+.
这就是说,当1n k =+时等式也成立.根据(1)和(2)可知,等式(1)2n n
n a n λ=-+对
任何n *
∈N 都成立. 解法二:由
11(2)2()
n n n n a a n λλλ+*+=++-∈N ,0λ>,
可得
1
1
1
221n n
n n
n n a a λλλλ+++????
-=-+ ? ?????,
所以2n n n a λλ??????-?? ???????为等差数列,其公差为1,首项为0,故21n n
n a n λλ??-=- ???,所以数列{}n
a 的通项公式为(1)2n n
n a n λ=-+.
(Ⅱ)解:设
234123(2)(1)n n
n T n n λλλλλ-=+++
+-+-, ①
3451
23(2)(1)n n n T n n λλλλλλ+=+++
+-+- ②
当1λ≠时,①式减去②式,
得
21
23
1
1
(1)(1)(1)1n n n n n T n n λλλλλλλ
λλ+++--=++
+--=---,
211212
22
(1)(1)(1)1(1)n n n n n n n n T λλλλλλλλλ++++----+=-=
---.
这时数列{}n a 的前n 项和212
12
(1)22(1)n n n n n n S λλλλ+++--+=+--.
当1λ=时,
(1)2n n n T -=
.这时数列{}n a 的前n 项和1
(1)222n n
n n S +-=+-.
(Ⅲ)证明:通过分析,推测数列1n n a a +??????的第一项2
1a a 最大,下面证明:
21214
,22n n a a n a a λ++<=≥. ③
由0λ>知0
n a >,要使③式成立,只要
212(4)(2)
n n a a n λ+<+≥,
因为
222(4)(4)(1)(1)2n n
n a n λλλλ+=+-++
124(1)424(1)2n n n n n n λλλ++>-+?=-+·
1212222n n n n a n λ++++=,≥≥.
所以③式成立.
因此,存在1k =,使得1121n k n
k a a a
a a a ++=≤对任意n *∈N 均成立.
高考数学压轴专题专题备战高考《数列》难题汇编及答案
数学高考《数列》试题含答案 一、选择题 1.已知等比数列{a n },a n >0,a 1=256,S 3=448,T n 为数列{a n }的前n 项乘积,则当T n 取得最大值时,n =( ) A .8 B .9 C .8或9 D .8.5 【答案】C 【解析】 【分析】 设等比数列{a n }的公比为q ,由a n >0,可得q >0.根据a 1=256,S 3=448,可得256(1+q +q 2)=448,解得q .可得a n ,T n ,利用二次函数的单调性即可得出. 【详解】 设等比数列{a n }的公比为q ,∵a n >0,∴q >0. ∵a 1=256,S 3=448, ∴256(1+q +q 2)=448, 解得q 12= . ∴a n =2561 1()2 n -?=29﹣n . T n =28?27?……?2 9﹣n =2 8+7+…+9﹣n ()217 289[)89242 2 22 n n n ??--- ?+-? ?==. ∴当n =8或9时,T n 取得最大值时, 故选C . 【点睛】 本题考查了等比数列的通项公式与求和公式及其性质、二次函数的单调性,考查了推理能力与计算能力,属于中档题. 2.已知等比数列{}n a 满足13a =,13521a a a ++=,则357a a a ++=( ) A .21 B .42 C .63 D .84 【答案】B 【解析】 由a 1+a 3+a 5=21得24242 1(1)21172a q q q q q ++=∴++=∴=∴ a 3+a 5+a 7=2 135()22142q a a a ++=?=,选B. 3.数列{}n a 的通项公式为( )n a n c n N * =-∈.则“2c <”是“{}n a 为递增数列”的( ) 条件. A .必要而不充分 B .充要 C .充分而不必要 D .即不充分也不必要
高考数学数列大题训练答案版
高考数学数列大题训练 1. 已知等比数列432,,,}{a a a a n 中分别是某等差数列的第5项、第3项、第2项,且1,641≠=q a 公比 (Ⅰ)求n a ;(Ⅱ)设n n a b 2log =,求数列.|}{|n n T n b 项和的前 解析: (1)设该等差数列为{}n c ,则25a c =,33a c =,42a c =Q 533222()c c d c c -==- ∴2334()2()a a a a -=-即:223111122a q a q a q a q -=- ∴12(1)q q q -=-,Q 1q ≠, ∴121, 2q q ==,∴1164()2n a -=g (2)121log [64()]6(1)72n n b n n -==--=-g ,{}n b 的前n 项和(13)2n n n S -= ∴当17n ≤≤时,0n b ≥,∴(13)2 n n n n T S -== (8分) 当8n ≥时,0n b <,12789n n T b b b b b b =+++----L L 789777()()2n n n S b b b S S S S S =-+++=--=-L (13)422 n n -=- ∴(13)(17,)2(13)42(8,)2 n n n n n T n n n n -?≤≤∈??=?-?-≥∈??**N N 2.已知数列}{n a 满足递推式)2(121≥+=-n a a n n ,其中.154=a (Ⅰ)求321,,a a a ; (Ⅱ)求数列}{n a 的通项公式; (Ⅲ)求数列}{n a 的前n 项和n S 解:(1)由151241=+=-a a a n n 及知,1234+=a a 解得:,73=a 同理得.1,312==a a (2)由121+=-n n a a 知2211+=+-n n a a
2011高考数学压轴题专题训练
2011高考数学压轴题专题训练--数列(36页WORD ) 第六章 数列 高考题 三、解答题 22.(2009全国卷Ⅰ理)在数列{}n a 中,1111 1,(1)2 n n n n a a a n ++==++ (I )设n n a b n = ,求数列{}n b 的通项公式 (II )求数列{}n a 的前n 项和n S 分析:(I )由已知有 1112n n n a a n n +=++11 2 n n n b b +∴-= 利用累差迭加即可求出数列{}n b 的通项公式: 1 122 n n b -=-(* n N ∈) (II )由(I )知1 22n n n a n -=- , ∴n S =11(2)2n k k k k -=-∑111(2)2n n k k k k k -===-∑∑ 而 1 (2)(1)n k k n n ==+∑,又11 2n k k k -=∑ 是一个典型的错位相减法模型, 易得 11 12 42 2n k n k k n --=+=-∑ ∴n S =(1)n n +1242n n -++- 评析:09年高考理科数学全国(一)试题将数列题前置,考查构造新数列和利用错位相减法求前n 项和,一改往年的将数列结合不等式放缩法问题作为押轴题的命题模式。具有让考生和一线教师重视教材和基础知识、基本方法基本技能,重视两纲的导向作用。也可看出命题人在有意识降低难度和求变的良苦用心。 23.(2009北京理)已知数集{}()1212,, 1,2n n A a a a a a a n =≤<<≥具有性质P ;对任意的 (),1i j i j n ≤≤≤,i j a a 与 j i a a 两数中至少有一个属于A . (Ⅰ)分别判断数集{}1,3,4与{}1,2,3,6是否具有性质P ,并说明理由;
高考数学压轴题:交集数列
高考数学压轴题:交集数列 数列中一类元素交并问题,实际考查思想方法,如最小公倍数、余数分析法,二项式定理应用. 类型一 两个等差数列取交集数列问题 典例1. 若数列{}n a 的通项公式为232n n a +=- ,数列{b }n 的通项公式为n b 5 34 n =--. 设集合* {|2,}n A x x a n N ==∈, *{|4,}n B y y b n N ==∈.若等差数列{}n c 任一项 1,n c A B c ∈是A B 中的最大数,且10265125c -<<-,求{}n c 的通项公式. 类型二 一个等差数列和一个二次型数列取交集数列问题 典例2已知数列{n a }的通项公式为72n a n =+,数列{n b }的通项公式为2 n b n =.若将数 列{n a },{n b }中相同的项按从小到大的顺序排列后看作数列{n c },则数列{}n c 的通项公式为____. 类型三 一个等差数列和一个指数型数列取交集数列问题 典例3 已知数列{}n a 和{}n b 的通项公式分别为319n a n =-, 2n n b =.将{}n a 与{}n b 中的公共项按照从小到大的顺序排列构成一个新数列记为{}n c . (1)试写出1c ,2c ,3c ,4c 的值,并由此归纳数列{}n c 的通项公式; (2)证明你在(1)所猜想的结论. 1. 设数列{a n }的通项公式为12-=n a n ,数列{b n }的通项公式为b n =3n -2.集合A ={x ∣x =a n ,n ∈N * },B ={x ∣x =b n ,n ∈N * }.将集合A ∪B 中的元素从小到大依次排列, 构成数列c 1,c 2,c 3,…,则{c n }的通项公式为___________. 2. 已知各项均为正数的等差数列{}n a 的公差d 不等于0,设13,,k a a a 是公比为q 的等比数列{}n b 的前三项, (1)若k=7,12a = (i )求数列{}n n a b 的前n 项和T n ;
高考数学数列大题专题
高考数学数列大题专题 1. 已知等比数列432,,,}{a a a a n 中分别是某等差数列的第5项、第3项、第2项,且1,641≠=q a 公比 (Ⅰ)求n a ;(Ⅱ)设n n a b 2log =,求数列.|}{|n n T n b 项和的前 2.已知数列}{n a 满足递推式)2(121≥+=-n a a n n ,其中.154=a (Ⅰ)求321,,a a a ; (Ⅱ)求数列}{n a 的通项公式; (Ⅲ)求数列}{n a 的前n 项和n S 3.已知数列{}n a 的前n 项和为n S ,且有12a =,11353n n n n S a a S --=-+(2)n ≥ (1)求数列n a 的通项公式; (2)若(21)n n b n a =-,求数列n a 的前n 项的和n T 。 4.已知数列{n a }满足11=a ,且),2(22*1N n n a a n n n ∈≥+=-且. (Ⅰ)求2a ,3a ;(Ⅱ)证明数列{n n a 2}是等差数列; (Ⅲ)求数列{n a }的前n 项之和n S
5.已知数列{}n a 满足31=a ,1211-=--n n n a a a . (1)求2a ,3a ,4a ; (2)求证:数列11n a ??? ?-?? 是等差数列,并写出{}n a 的一个通项。 622,,4,21121+=-===++n n n n n b b a a b a a . 求证: ⑴数列{b n +2}是公比为2的等比数列; ⑵n a n n 221-=+; ⑶4)1(2221-+-=++++n n a a a n n Λ. 7. .已知各项都不相等的等差数列}{n a 的前六项和为60,且2116a a a 和为 的等比中项. (1)求数列}{n a 的通项公式n n S n a 项和及前; (2)若数列}1{,3),(}{11n n n n n b b N n a b b b 求数列且满足=∈=-*+的前n 项和T n .