2020-2021学年江苏扬州高二上物理月考试卷

一、选择题

1. 下列单位属于国际单位制中基本单位的是（）

A.牛顿

B.米

C.米/秒

D.米/秒2

2. 在行驶的客车上，乘客看到窗外电线杆向后运动．在描述“电线杆向后运动”时，所选的参考系是（）

A.乘客乘座的客车

B.路旁的树木

C.公路的路面

D.站在路边的交警

3. 暑假中的某天，家住贵阳的小明及家人，驾车从早上8点整，经历约2个小时、约148公里的行程到达黄果树瀑布景区游玩．下列说法正确的是（）

A.“8点整”表示时间间隔

B.“约2个小时”表示时刻

C.“约148公里”表示位移

D.“约148公里”表示路程

4. 电动玩具车做匀减速直线运动，其加速度大小为2m/s2，那么它从速度为4m/s到停止所需要的时间为（）

A.1s

B.2s

C.3s

D.4s

5. 如图所示是“探究匀变速直线运动速度随时间的变化规律”实验中打出的一条纸带，相邻计数点间的时间间隔为T．则C点的速度可表示为（）

A.s2?s1

2T B.s2?s1

C.s3?s1

D.s3?s1

6. 图中物体a、b均处于静止状态，a、b间一定有弹力的是（）

A. B. C. D.

7. 如图所示，物体正在沿水平面向左运动．已知物体与水平面间的动摩擦因数μ=0.5，

可知物体运动的加速度大小为（重力加速度g取10m/s2）（）

A.2m/s2

B.3m/s2

C.4m/s2

D.5m/s2

8. 下列关于超重与失重的说法中，正确的是（）

A.超重就是物体的重力增加了

B.失重就是物体的重力减少了

C.完全失重就是物体的重力没有了

D.不论是超重、失重，还是完全失重，物体所受的重力是不变的

9. 一个物体从45m高处做自由落体运动，取重力加速度为10m/s2，则该物体刚落到地面时的速度为（）

A.10m/s

B.20m/s

C.30m/s

D.40m/s

10. 关于“探究求合力的方法”的实验，下列说法中正确的是（）

A.用两只弹簧测力计和用一只弹簧测力计拉橡皮筋时，结点必须拉到同一点

B.实验过程中，弹簧的轴线不必与纸面平行

C.两个拉力的方向必须垂直

D.作力的平行四边形时，不同拉力的标度可以不相同

11. 做曲线运动的物体，下列说法正确的是（）

A.物体的速度大小一定改变

B.物体的速度方向可能不变

C.物体的速度可能不变

D.物体的加速度可能不变

12. 把物体从?高处以速度v水平抛出，落地点与抛出点的水平距离为l，则物体平抛的时间为（已知重力加速度为g）（）

A.t=√?

g B.t=2√?

C.t=l

D.t=2l

13. 如图所示，一圆盘在水平面内匀速转动，盘上有A、B两点，用v A, v B相应表示A、B两点的线速度大小，则（）

A.v A>v B

B.v A

C.v A=v B

D.无法确定

14. 质量为m的物体由静止开始自由下落，不计空气阻力，重力加速度为g，经历t时间重力对物体做的功是（）

A.1 2mg2t2

B.mg2t2

C.1

mgt2 D.1

mgt2

15. 关于做匀速圆周运动的物体的向心加速度，下列说法正确的是（）

A.向心加速度的大小和方向都不变

B.向心加速度的大小和方向都不断变化

C.向心加速度的大小不变，方向不断变化

D.向心加速度的大小不断变化，方向不变

16. A、B两物体的速度之比为2:1，质量的大小之比为1:3，则它们的动能之比为（）

A.12:1

B.12:3

C.12:5

D.4:3

17. 发现万有引力的科学家是（）

A.卡文迪许

B.牛顿

C.胡克

D.库伦

18. 若质量为m的水星探测器绕水星做匀速圆周运动，轨道半径为r，角速度的大小为ω，则该水星探测器做圆周运动所需要的向心力大小为（）

A.mω

r B.mω2

C.mωr

D.mω2r

19. 在“验证机械能守恒定律”实验中，纸带将被释放瞬间的四种情景如照片所示，其中最合适的是（）

A. B. C. D.

20. 如图所示，小球从高处下落到竖直放置的轻弹簧上，那么小球从接触弹簧开始到将弹簧压缩到最短的过程中（弹簧一直保持竖直），下列叙述正确的是（）

A.弹簧的弹性势能先增大后减小

B.小球的动能先增大后减小

C.小球的重力势能先增大后减小

D.小球和弹簧系统的机械能先增大后减小

21. 导体A带7q的正电荷，另一完全相同的导体B带q的负电荷，将两导体接触一会儿后再分开，则导体B的带电量为（）

A.?q

B.q

C.3q

D.4q

22. 在真空中有两个静止的点电荷，若保持它们之间的距离不变，仅将各自的电荷量均减小为原来的1

，则它们之间的库仑力将（）

A.增大为原来的2倍

B.增大为原来的4倍

C.减小为原来的1

2D.减小为原来的1

23. 白炽灯的灯丝断了以后，轻摇灯泡，有时可将断了的灯丝搭上，若将这只灯泡再接入电路中，其亮度与原来相比（）

A.亮些

B.暗些

C.一样亮

D.都有可能

24. 如图表示一条放在磁场里的通电直导线，导线与磁场方向垂直，图中已经分别标明电流、磁感应强度和安培力三者方向的关系，其中正确的是（）

A. B. C. D.

25. 关于磁场和磁感线的描述，下列说法中正确的是（）

A.磁感线总是从磁铁的N极出发，到S极终止

B.磁感线可以形象地描述磁场的强弱和方向，它每一点的切线方向都和小磁针放在该点静止时N极所指的方向一致

C.磁感线可以用细铁屑来显示，因而是真实存在的

D.两个磁场的叠加区域，磁感线可能相交

26. 下列各图，电场线描述正确的是（）

A.正点电荷

B.负点电荷

C.等量异种点电荷

D.等量同种电荷

27. 如图所示，将矩形线圈放在匀强磁场中，线圈平面与磁感线垂直，穿过线圈平面的磁通量是Φ，若线圈面积变为原来的5倍，则磁通量变为（）

A.4Φ

B.2Φ

C.5Φ

D.Φ

二、填空题

在“用打点计时器探究匀变速直线运动速度随时间变化规律”的实验中，用一端装有定滑轮的长木板、小车、打点计时器（频率为50Hz）、钩码、纸带、细线组成如图甲所示的装置，钩码拉动小车，小车做匀加速直线运动，得到如图乙所示的一条纸带，纸带中相邻两个计数点之间有四个点未画出．

（1）在本实验中，某同学操作了以下实验步骤，其中有明显错误的步骤是________

（填字母）

A.将打点计时器固定在木板上，并接好电路

B.将纸带固定在小车尾部，并穿过打点计时器的限位孔

C.把一根细绳拴在小车上，细绳跨过定滑轮，下面吊着适当重的钩码

D.放开纸带，再接通电源

（2）如图乙用毫米刻度尺测量得：AB=4.56cm、AC=12.16cm、AD=22.52cm、AE=36.06cm，则打B点时小车的速度大小为________m/s．（结果保留两位有效数字）

（3）小车运动过程中细绳对钩码的拉力________（填“大于”“等于”或“小于”）钩码的

重力．

三、计算或论述题

一个质量m=2kg的物体从空中由静止下落，已知物体所受空气阻力大小F f=10N，

取重力加速度g=10m/s2．求：

（1）物体下落时所受合力大小；

（2）物体下落时的加速度大小．

如图所示，将长为1m的细线上端固定在高度为6m的悬点处，下端吊一个质量为1kg

的小球，细线承受的最大拉力为19N．现将小球拉起一定高度后放开，小球到悬点正

下方时细线刚好被拉断，g=10m/s2．求：

（1）细线刚好被拉断时小球的速度v0；

（2）小球释放时距地面的高度?；

（3）细线被拉断后，小球运动的水平位移x．

参考答案与试题解析

2020-2021学年江苏扬州高二上物理月考试卷

一、选择题

【答案】

【考点】

国际单位制

【解析】

国际单位制规定了七个基本物理量．分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、

光强度、物质的量．它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关

系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位．

【解答】

解：牛顿、米/秒、米/秒2都是国际单位制中的导出单位，米是国际单位制中的基本单

位之一，故B正确．

故选：B．

【答案】

【考点】

参考系

【解析】

判断一个物体是运动的还是静止的，要看这个物体与所选参照物之间是否有位置变化。若位置有变化，则物体相对于参照物是运动的；若位置没有变化，则物体相对于参照

物是静止的，据此可正确解答本题。

【解答】

解：乘客之所以看到窗外电线杆迅速向后退，是因为他选择了自己乘坐的客车为参照物，故BCD错误，A正确．

故选：A．

【答案】

【考点】

时间与时刻

位移

路程

【解析】

理解时间间隔和时刻的区别，时间间隔是指时间的长度，在时间轴上对应一段距离，

时刻是指时间点，在时间轴上对应的是一个点；路程表示运动轨迹的长度，位移大小

等于首末位置的距离．

解：A．“8点整”指的是时间点，是指时刻，故A错误；

B．“约2个小时”表示一段时间，是时间间隔，故B错误；

CD．“约148公里”是经过的路线的长度，是路程，故C错误，D正确．

故选D．

【答案】

【考点】

匀变速直线运动的速度与时间的关系

【解析】

电动玩具车做匀减速直线运动，已知加速度、初速度和末速度，根据速度时间公式求运动时间．

【解答】

解：已知加速度a=?2m/s2、初速度v0=4m/s，末速度v=0m/s，

根据v=v0+at，得t=2s，故ACD错误，B正确．

故选B．

【答案】

【考点】

探究小车速度随时间变化的规律

平均速度公式的应用

【解析】

根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，从而即可求解C点的瞬时速度．【解答】

解：C点的瞬时速度等于BD段的平均速度，则v C=x BD

2T =s3?s1

，故ABD错误，C正确．

故选C．

【答案】

【考点】

弹力有无的判断

【解析】

此题暂无解析

【解答】

解：A．对a：受重力，竖直向上的拉力，如果b对a有弹力，方向水平向左，那么a受

到的三力不能平衡，则a、b间无弹力，故A不合题意；

B．对a：受重力，斜向上的拉力，如果b对a没有弹力，那么a受到的二力不能平衡，a、b间有弹力，故B符合题意；

C．对b：受重力，竖直向上的支持力，如果a对b有弹力，方向水平向右，那么b受到

的三力不能平衡，则a、b间无弹力，故C不合题意；

D．对a：受重力，竖直向上的拉力，如果b对a有弹力，方向垂直斜面向上，那么a受

到的三力不能平衡，则a、b间无弹力，故D不合题意．

【答案】

【考点】

加速度与力、质量的关系式

【解析】

由题意可知物体受到滑动摩擦力，由${f=\mu F_N}$可求向物体运动的加速度大小．

【解答】

解：物体相对地面运动，故物体受到滑动摩擦力的作用，则f=μmg=?ma，解得a=?5m/s2，则物体运动的加速度大小为5m/s2，故D正确，ABC错误．

故选D．

【答案】

【考点】

超重和失重

重力

【解析】

此题暂无解析

【解答】

解：在同一地点，不论超重、失重，还是完全失重，物体所受重力是不变的，故D正确．

故选：D．

【答案】

【考点】

自由落体运动的计算

【解析】

物体做自由落体运动，根据?=1

gt2求出落地的时间即可．根据自由落体运动的速度公式v=gt求速度．

【解答】

解：根据?=1

2gt2得，落地时间t=√2?

=√2×45

s=3s，

根据v=gt得：v=10×3m/s=30m/s，故C正确，ABD错误．故选C．

10.

【答案】

【考点】

验证力的平行四边形定则

在验证“力的平行四边形定则”时，可以根据实验的原理进行分析需要注意的事项．

【解答】

解：A．在实验中，用一个力和用两个力拉动时，应保证合力与两分力的效果相同，故必须要拉到同一点，故A正确；

B．实验中应保证合力与分力在同一平面内，故弹簧的轴线必须与纸面平行，故B错误；C．两个拉力的方向没有定性要求，夹角可以任意，故C错误；

D．在作图时，应保证拉力的标度相同，才能正确作出图形，故D错误．

故选A．

11.

【答案】

【考点】

物体做曲线运动的条件

【解析】

曲线运动的物体速度方向一定改变，速度大小不一定改变，一定具有加速度．

【解答】

解：A．做曲线运动的物体速度大小不一定改变，比如匀速圆周运动，故A错误．BC．曲线运动的物体速度方向一定改变，则速度一定变化，故BC错误．

D．做曲线运动的物体加速度可能不变，比如平抛运动，故D正确．

故选：D．

12.

【答案】

【考点】

平抛运动的概念

平抛运动基本规律及推论的应用

【解析】

平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度求

出时间．

【解答】

解：AB．根据?=1

2gt2，得t=√2?

，故AB错误；

CD．做平抛运动的物体，水平方向做匀速运动，l=vt，则t=l

，故C正确，D错误．故选C．

13.

【答案】

【考点】

线速度、角速度和周期、转速

【解析】

A、B两点共轴转动，角速度大小相等，结合半径的大小，运用v=rω比较线速度的大小．

【解答】

解：A、B两点共轴转动，角速度大小相等，即ωA=ωB，由v=ωr，r A>r B得，v A> v B，故A正确，BCD错误．

故选A．

14.

【答案】

【考点】

恒力做功

【解析】

由物体下降的高度，求出重力对物体做的功．

【解答】

gt2，

解：在物体下落?的过程中，有?=1

mg2t2，故A正确，BCD错误．

重力对物体做的功为W=mg?=1

故选A．

15.

【答案】

【考点】

匀速圆周运动

【解析】

做匀速圆周运动的物体要受到指向圆心的向心力的作用，从而产生指向圆心的向心加速度，向心加速度的大小不变，方向时刻改变。

【解答】

解：做匀速圆周运动的物体要受到指向圆心的向心力的作用，向心力大小不变，方向时刻变化，所以向心加速度的方向始终指向圆心，在不同的时刻方向是不同的，大小不变，故C正确，ABD错误．

故选C．

16.

【答案】

【考点】

动能

【解析】

mv2求出它们的动能之比。

根据动能的表达式E k=1

【解答】

mv2，A、B两物体的速度之比为2:1，质量的大小之比为解：动能的表达式为E k=1

1:3，则动能之比为4:3，故D正确，ABC错误．

17.

【答案】

【考点】

物理学史

【解析】

本题是物理学史问题，记住著名物理学家牛顿的主要贡献即可答题。

【解答】

解：牛顿根据行星的运动规律推导出了万有引力定律，故B正确，ACD错误．

故选B．

18.

【答案】

【考点】

向心力

匀速圆周运动

【解析】

此题暂无解析

【解答】

解：探测器做匀速圆周运动，向心力为F=mω2r，故D正确，ACD错误．

故选D．

19.

【答案】

【考点】

用纸带测速法（落体法）验证机械能守恒定律

【解析】

为了纸带有效地使用，重物应紧靠打点计时器，为了减小阻力的影响，纸带应竖直，手抓着纸带的上方．

【解答】

解：在验证机械能守恒定律的实验中，实验时，应让重物紧靠打点计时器，手拉着纸带的上方，保持纸带竖直，由静止释放，故ABC错误，D正确．

故选：D．

20.

【答案】

【考点】

动能和势能的相互转化

机械能守恒的判断

【解析】

分析小球的运动过程与受力情况，然后根据影响弹性势能、机械能、动能、重力势能的因素分析答题．

【解答】

解：A．小球在向下运动过程中，弹簧的压缩量越来越大，弹簧的弹性势能一直增大，

B．小球在向下运动过程中，受到重力与弹簧弹力的作用，开始的一段时间内，重力大于弹力，合外力做正功，小球动能增大，后来弹簧的弹力大于小球的重力，合力对小球做负功，小球的动能减小，因此小球动能先增大后减小，故B正确；

C．在向下运动的过程中，小球的质量不变，而高度逐渐减小，小球的重力势能一直减小，故C错误；

D．小球在向下运动过程中，小球和弹簧组成的系统机械能不变，故D错误．

故选：B．

21.

【答案】

【考点】

电荷守恒定律

【解析】

两相同的导体相互接触时，若带同种电荷则将两球带电量平分，若带异种电荷则将电量先中和再平分，据此可正确解答本题．

【解答】

解：两带电体带异种电荷，接触后先将电量中和，故接触后两带电体带电总和为：

7q?q=6q，当两带电体分开后，将总电量平分，所以将两导体接触一会后再分开，则B导体的带电量为3q．

故选C．

22.

【答案】

【考点】

库仑定律

【解析】

根据库仑定律的公式F=k q1q2

分析．

【解答】

解：根据库仑定律的公式F=k q1q2

r2，各自的电荷量均减小为原来的1

，它们之间的距离

不变，则库仑力变为原来的1

，故ABC错误，D正确．

故选：D．

23.

【答案】

【考点】

电功率

【解析】

将断了的灯丝重新搭接上，再将这只灯泡再接入原电路中，灯丝接入电路的长度变短，电阻变小，而电压不变，根据功率公式分析灯泡亮度的变化．

【解答】

解：将断了的灯丝重新搭接上，再将这只灯泡再接入原电路中，灯丝接入电路的长度

变短，根据电阻定律得知，其电阻变小，而电路的电压不变，则由功率公式P=U 2

分

析得知，灯泡实际消耗的功率增大，灯泡变亮，故A正确．

故选：A．

24.

【答案】

【考点】

左手定则

安培力

【解析】

左手定则的内容：伸开左手，使大拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一个平面内；让磁感线从掌心进入，并使四指指向电流的方向，这时拇指所指的方向就是通电导线在磁场中所受安培力的方向。根据左手定则的内容判断安培力的方向。

【解答】

解：A．磁场方向沿纸面向上，电流方向垂直纸面向里，根据左手定则，安培力的方向水平向右，故A错误；

B．磁场方向水平向右，电流方向垂直纸面向外，根据左手定则，安培力的方向竖直向上，故B错误；

C．磁场方向垂直纸面向里，电流方向水平向右，根据左手定则，安培力的方向竖直向上，故C正确；

D．磁场方向垂直纸面向外，电流方向水平向左，根据左手定则，安培力的方向竖直向上，故D错误．

故选C．

25.

【答案】

【考点】

磁感线及用磁感线描述磁场

【解析】

磁体周围存在着磁场，为了形象地描述磁场，我们引入了磁感线，规定小磁针静止时N极所指的方向为该点磁场的方向．磁感线是闭合曲线，在磁体外部，从磁铁的北极出发，进入南极；在磁体内部，从南极指向北极．

【解答】

解：A．磁感线在磁体的外部从N极到S极，在磁体内部是从S极到N极，故A错误；B．磁感线可以形象地描述各点磁场的强弱和方向，其上每点的切线方向都和小磁针放在该点静止时北极所指的方向一致，故B正确；

C．磁感线不是真实存在的，是为了描述磁场的分布而人为假想的，故C错误；D．磁感线不能相交，故D错误．

故选B．

26.

【答案】

【考点】

电场线

【解析】

电场线是从正电荷或者无穷远发出，到负电荷或无穷远处为止，等量同种或异种电荷的电场的分布应该说是对称的，电场线从正电荷到负电荷。

【解答】

解：AB．电场线是从正电荷出发，终至于负电荷，所以正点电荷的电场线是以电荷为

中心向四周发散，而负点电荷是向中心会聚，故AB错误；

C．真空中两个等量异种电荷是相互吸引的，它们产生的电场线是沿电荷的连线对称的，并且电场线都是从正电荷发出，到负电荷终止的，故C正确；

D．等量同种电荷是相互排斥的，它们产生的电场线是沿电荷的连线对称的，并且电

场线都是从正电荷发出，到负电荷终止，故D错误．

故选：C．

27.

【答案】

【考点】

磁通量

【解析】

磁通量?=BS（B与S垂直）．

【解答】

解：根据磁通量Φ=BS（B与S垂直），若线圈面积变为原来的5倍，则Φ′=5BS=5Φ（B与S垂直），故C正确，ABD错误．

故选C．

二、填空题

【答案】

（2）0.61

（3）小于

【考点】

探究小车速度随时间变化的规律

【解析】

（1）探究小车速度随时间变化的关系的实验，所需的实验器材应该从实验的过程和步

骤去考虑；接通电源与释放纸带（或物体）的先后顺序根据实验情况总结得出．

（2）根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸

带上B点时小车的瞬时速度大小．

（3）根据牛顿第二定律，结合受力分析，即可求解．

【解答】

解：（1）A．实验中，需要将打点计时器固定在木板上，并接好电路，故A正确；

B．将纸带固定在小车尾部，并穿过打点计时器的限位孔，故B正确；

C．把一条细绳拴在小车上，细绳跨过定滑轮，下面吊着适当重的钩码，故C正确；D．开始记录时，应先给打点计时器通电打点，然后释放纸带，让纸带（随物体）开

始运动，如果先放开纸带开始运动，再接通打点计时器的电源，由于重物运动较快，

不利于数据的采集和处理，会对实验产生较大的误差，同时先打点再释放纸带，可以

使打点稳定，提高纸带利用率，可以使纸带上打满点，故D错误．

有明显错误的步骤是：D．

（2）由于两个相邻的计数点之间还有4个点没画出，所以相邻的计数点间的时间间隔

T=0.1s．

根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，

v B=x AC

2T =12.16×10?2

0.2

?m/s≈0.61m/s．

（3）根据牛顿第二定律，则有：mg ?T =ma ，

因加速度方向向下，那么细线对钩码的拉力小于钩码的重力．

三、计算或论述题

【答案】

（1）物体下落时所受合力大小为10N ；（2）物体下落时的加速度大小为5m/s 2．

【考点】

牛顿运动定律的应用—从受力确定运动【解析】

（2）已知初速度、时间和加速度，根据位移时间关系公式列式求解位移．（1）物体受重力和阻力，根据牛顿第二定律列式求解加速度；【解答】

解：（1）物体下落时的合力F 合＝mg ?F f ＝20N ?10N ＝10N ．（2）物体受重力和阻力，根据牛顿第二定律，有： a =

mg?F f

20?102

m/s 2=5m/s 2．

【答案】

（1）细线刚好被拉断时小球的速度是3m/s ；（2）小球释放时距地面的高度是5.45m ；（3）细线被拉断后，小球运动的水平位移是3m ．【考点】

动能定理的应用

竖直面内的圆周运动-弹力平抛运动基本规律及推论的应用

【解析】

（1）由向心力公式可求得小球在最低点的速度；（2）由机械能守恒可求得小球被拉起的高度；

（3）线拉断后，球做平抛运动，由平抛运动的规律可求得水平位移．

【解答】解：（1）小球到悬点正下方时，线对小球的拉力为19N ，设此时小球的速度为v 0，则有：T ?mg =m v o

2l ，得：v 0=3m/s ．

（2）由机械能守恒定律有：mg?1=1

2mv 02，

?1=0.45m ，

小球释放时距地面的高度：?=6m ?1m +0.45m =5.45m ．（3）线被拉断后，小球开始做平抛运动，则水平方向：x =v 0t ，以及竖直方向：?=1

2gt 2，

=3m．得：x=v0√2?