2020届高考物理冲刺专项训练24 交变电流、变压器 (解析版)
交变电流、变压器
一、单选题
1.(2020·全国高三专题练习)如图所示为某住宅区的应急供电系统,由交流发电机和副线圈匝数可调的理想降压变压器组成.发电机中矩形线圈所围的面积为S,匝数为N,电阻不计,它可绕水平轴OO′在磁感应强度为B的水平匀强磁场中以角速度ω匀速转动.矩形线圈通过滑环连接降压变压器,滑动触头P上下移动时可改变输出电压,R0表示输电线的电阻.以线圈平面与磁场平行时为计时起点,下列判断正确的是
A.若发电机线圈某时刻处于图示位置,变压器原线圈的电流瞬时值为零
B.发电机线圈感应电动势的瞬时值表达式为e = NBSω sinωt
C.当用电量增加时,为使用户电压保持不变,滑动触头P应向上滑动
D.当滑动触头P向下移动时,变压器原线圈两端的电压将升高
【答案】B
【解析】若发电机线圈某时刻处于图示位置,则此时线圈中产生的感应电动势最大,变压器原线圈的电流瞬时值为最大,选项A 错误;发电机线圈感应电动势的瞬时值表达式为e = NBSωcosωt,选项B错误;当用电量增加时,导线上的电流增加,导线R0上的电压损失变大,为使用户电压保持不变,变压器次级输出电压应该变大,故滑动触头P应向上滑动,选项C正确;变压器原线圈两端的电压是由发电机的输出电压决定的,与滑动端P无关,选项D 错误.
2.(2020·长春市第一一五中学高三月考)一台小型发电机与计算机相连接,计算机能将发电机产生的电动势随时间变化的图象记录下来,如图甲所示,让线圈在匀强磁场中以不同的转速匀速转动,计算机记录了两次不同转速所产生正弦交流电的图象如图乙所示.则关于发电机先后两次的转速之比n a∶n b,交流电b的最大值正确的是()
A.3∶2V B.3∶2,20 3
V
C.2∶3V D.2∶3,20 3
V
【答案】B
【解析】由图可知,a的周期为0.4s;b的周期为0.6s,则由n=1
T
可知,转速与周期成反比,故曲线a、b
对应的线圈转速之比为3:2;曲线a表示的交变电动势最大值是10V,根据E m=nBSω得曲线b表示的交
变电动势最大值是20
3
V;故B正确,ACD错误.
3.(2019·全国高三专题练习)如图,实验室一台手摇交流发电机,内阻r=1.0 Ω,外接R=9.0 Ω的电阻.闭
合开关S,当发电机转子以某一转速匀速转动时,产生的电动势e=sin10πt(V),则()
A.该交变电流的频率为10 Hz
B.该电动势的有效值为V
C.外接电阻R所消耗的电功率为10 W
D.电路中理想交流电流表A的示数为1.0 A
【答案】D
【解析】交流电的频率,故A错误;该电动势的最大值为102V,故B错误;电压有效
值为10V,电路中电流为
10
1
19
I A A
==
+
,外接电阻R所消耗的电功率为29
P I R W
==,故C错误,D
正确.
4.(2020·福建省永春美岭中学高三开学考试)现用电压为380V的正弦式交流电给额定电压为220V的电灯供电,以下电路中不可能使电灯正常发光的有()
A.B.
C.D.
【答案】D
【解析】A、电源电压为380V,由于灯泡与滑动变阻器的部分电阻并联再跟部分电阻串联,则灯泡的电压可能为220V,则灯泡可能正常发光.故A正确.
B、同理,灯泡与滑动变阻器的部分电阻并联再跟部分电阻串联,则灯泡的电压可能为220V,则灯泡可能正常发光.故B正确.
C、因为原线圈的匝数大于副线圈的匝数,则输出电压小于输入电压,可能小于220V,灯泡可能正常发光.故C正确.
D、原线圈的匝数小于副线圈的匝数,则输出电压大于输入电压,则灯泡的电压大于380V,则灯泡被烧坏.故D错误.
本题选择不可能正常发光的,故选D.
5.(2020·四川省泸县五中高三月考)如图为模拟远距离输电的部分测试电路,a、b端接电压稳定的正弦交变电源,定值电阻阻值分别为R1、R2,且R1 A.1 2 R U I k ? = ? B.原线圈两端电压U1一定变小 C.电源的输出功率一定增大 D.R1消耗的功率一定增加 【答案】A 【解析】A.理想变压器的原、副线圈的电压变化比 11 22 Δ = Δ U n U n 电流变化比 12 21 Δ=ΔI n I n 则有 2221 2211 ΔΔΔ==ΔΔΔU n U U I I n I 将R 1视为输入端电源内阻,则有 1 11 ΔΔU R I = 所以有 2211 22 11ΔΔ==ΔΔn U R U I n I k 故A 正确; BCD .向下调节滑动变阻器R 3的滑动端P 时,副线圈负载电阻R 增大,由原副线圈的电压电流的关系得 2 11112n u I R I R n ??=+ ??? 原线圈的电流I 1变小,R 1功率减小,电源电压不变,电源的输出功率一定减小,根据闭合电路欧姆定律可知原线圈的输入电压增大,故BCD 错误。 故选A 。 6.(2020·河北省衡水中学高三专题练习)如图所示,单匝矩形线框的一半放在具有理想边界的匀强磁场中,线圈轴线OO /与磁场边界重合.线圈按图示方向匀速转动.若从图示位置开始计时,并规定电流a -b -c -d -a 为正方向,则线圈内感应电流随时间变化的图像是( ) A . B . C . D . 【答案】A 【解析】图示时刻,由楞次定律判断出线圈中感应电流方向为:a→d→c→b→a ,为负方向.线圈中产生的感应电动势表达式为e=E m sinωt=BSωsinωt ,S 是线圈面积的一半,则感应电流的表达式为 m e BS i sin t I sin t R R ω ωω=- =-=-,其中m BS I R ω=.故线圈中感应电流按正弦规律变化,根据数学知识得知A 正确,BCD 错误. 二、多选题 7.(2020·全国高三零模)在如图所示的远距离输电电路图中,升压变压器和降压变压器均为理想变压器,发电厂的输出电压和输电线的电阻均不变,随着发电厂输出功率的增大,下列说法中正确的有( ) A .升压变压器的输出电压增大 B .降压变压器的输出电压增大 C .输电线上损耗的功率增大 D .输电线上损耗的功率占总功率的比例增大 【答案】CD 【解析】由于发电厂的输出电压不变,升压变压器的匝数不变,所以升压变压器的输出电压不变,故A 错误. B 、由于发电厂的输出功率增大,则升压变压器的输出功率增大,又升压变压器的输出电压U 2不变,根据P=UI 可输电线上的电流I 线增大,导线上的电压损失变大,则降压变压器的初级电压减小,则降压变压器的输出电压减小,故B 错误.根据P 损=I 线2R ,又输电线上的电流增大,电阻不变,所以输电线上的功率损失增大,故 C 正确.根据2( )P P R U =损,则有:2 P PR P U 损=;发电厂的输出电压不变,输电线上的电阻不变,所以输电线上损耗的功率占总功率的比例随着发电厂输出功率的增大而增大.故D 正确.故选CD . 8.(2020·全国高三专题练习)单匝闭合矩形线框电阻为R ,在匀强磁场中绕与磁感线垂直的轴匀速转动,穿过线框的磁通量Φ与时间t 的关系图像如图所示.下列说法正确的是( ) A. 2 T 时刻线框平面与中性面垂直 B C.线框转一周外力所做的功为 22 m 2π RT Φ D.从0 t=到 4 T t=过程中线框的平均感应电动势为m π T Φ 【答案】BC 【解析】由图像可知 2 T 时刻线圈的磁通量最大,因此此时线圈处于中性面位置,因此A错误;由图可知交流电的周期为T,则 2 T π ω=,由交流电的电动势的最大值为 2 m m E nbs T π ωφ ==,则有效值为m E T == 有 ,故B正确,线圈转一周所做的功为转动一周的发热量, 222 2 =m E W T R RT πφ =有,故C 正确;从0时刻到 4 T 时刻的平均感应电动势为 4 4 m m E T t T φφ ? === ,故D错误. 9.(2020·湖南省高三月考)如图甲为俯视图,水平放置的单匝圆环导线框半径为0.2m,其中有垂直线框方向匀强磁场,线框右端连接小灯泡A和理想变压器原线圈,变压器副线圈接小灯泡B和C,各灯规格分别A(2V,1A)、B(3V,1A),C(3V,0. 5A)。线框电阻不计,当圆环导线框感应强度如图乙所示正弦规律变化时,三个小灯泡均正常发光,不考虑小灯泡电阻随温度的变化,下列说法正确的是() A.变压器原、副线圏匝数比为2:3 B.PQ两端电压为6.5V C .图乙中B 0 D .若拆除小灯泡C ,则小灯泡B 亮度不变 【答案】BC 【解析】A .由题知,三个小灯泡均正常发光,则原线圈的电流11A I =,副线圈的电流2B C 1.5A I I I =+=,所以匝数比为 1221:3:2:n n I I == 故A 错误; B .在副线圈中,B 与 C 并联,则副线圈两端的电压23V =U ,根据 1212::U U n n = 解得原线圈两端的电压为 1 4.5V U = 圆环导线框内的磁场变化,产生电源,且线框电阻不计,所以PQ 两端的电压为电源电动势,则有 1A 6.5V E U U =+= 故B 正确; C .由乙图可知,磁感应强度随时间成正弦式变化,所以感应电动势随时间成余弦式变化,则最大感应电动势为 m E = 由乙图知周期为T=0.02s ,则角速度为 2100rad/s T π ωπ= = 圆环导线框内的面积为 22=0.04m S r ππ= 则根据 m 0E B S ω= 解得 02 8B π = T 故C 正确; D .C 灯拆除后,副线圈的总电阻增大,而原线圈的电源电动势不变,所以原线圈电流减小,变压器输入电压增大,故输出电压增大,B 灯亮度增加,甚至被烧毁,故D 错误。 故选BC 。 10.(2020·河北省衡水中学高三月考)某50 Hz 的钳形电流表的工作原理如图所示.当通有交流电的导线从环形铁芯的中间穿过时,与绕在铁芯上的线圈相连的电表指针会发生偏转.不考虑铁芯的漏磁及各种能量损耗,已知n 2=1000 匝,当用该表测50 Hz 交流电时( ) A .电流表G 中通过的是交变电流 B .若G 中通过的电流为50 mA ,则导线中的被测电流为50 A C .若导线中通过的是10 A 矩形脉冲交流电,G 中通过的电流是10 mA D .当用该表测量400 Hz 的电流时,测量值比真实值偏小 【答案】AB 【解析】A .变压器只改变交流电电压,不改变交流电的频率,电流表g 中通过的仍是交流电流,A 正确; B .根据变压器原副线圈电流与匝数成反比: 1221 I n I n =, 21211000 0.05501n I I A A n == ?=,B 正确; C .若导线中通过的是10A 矩形脉冲交流电,当电流方向不发生改变时,电流大小不变,副线圈中无感应电流,C 错误; D .根据法拉第电磁感应定律和变压器互感原理,改变交流电的频率,不影响测量值的准确性,D 错误. 11.(2020·全国高三专题练习)如图所示,理想变压器原、副线圈的匝数比为10∶1,原线圈接交流电源和交流电压表、交流电流表,副线圈通过电阻为R 的导线与热水器、抽油烟机连接.已知原线圈两端的电压保持不变,副线圈上的电压按如图乙所示规律变化.现闭合开关S 接通抽油烟机,下列说法正确的是( ) A .热水器两端电压的瞬时值表达式为u =sin(100πt) V B .电压表示数为2200 V C .电流表示数变大 D .变压器的输入功率增大 【答案】BCD 【解析】A .题图乙为副线圈上电压变化规律,而热水器上的电压要小于副线圈上电压,选项A 错误; B .由交流电规律可知,副线圈上电压的有效值为220 V ,由变压器变压关系可知,原线圈电压为2200 V ,选项B 正确; CD .闭合开关,副线圈输出功率增大,则原线圈输入功率增大,因此电流表示数变大,选项C 、D 正确. 故选BCD 。 12.(2020·全国高三专题练习)某音响电路的简化电路图如图所示,输入信号既有高频成分,也有低频成分,则( ) A .电感L 1的作用是通高频 B .电容 C 2的作用是通高频 C .扬声器甲用于输出高频成分 D .扬声器乙用于输出高频成分 【答案】BD 【解析】电感线圈对交流电的阻碍作用由感抗描述,2πL X fL =,频率越高阻碍作用越大,对输入端的高频和低频交流信号的作用是通低频阻高频,所以A 错误;电容对交流电的阻碍作用1 2πC X fC =,频率越高阻碍作用越小,所以是通高频阻低频,故BD 正确;C 错误. 三、解答题 13.(2019·全国高三专题练习)如图所示,线圈abcd 的面积是0.05m 2,共100匝,线圈的总电阻为1Ω,外接电阻R=9Ω,匀强磁场的磁感应强度B= 1 π T ,当线圈以300r/min 的转速匀速旋转时.问: (1)若从线圈处于中性面开始计时,写出线圈中感应电动势的瞬时值表达式; (2)线圈转过 1 30 s 时电动势的瞬时值多大? (3)电路中,电压表和电流表的示数各是多少? (4)从中性面开始计时,经 1 30 s 通过电阻R 的电荷量是多少? 【答案】(1)e=50sin 10πt V ;(2)43.3 V (3)31.86 V , 3.54 A .(4) 1 4π C . 【解析】(1) 若从线圈处于中性面开始计时,写出线圈中感应电动势的瞬时值表达式 ()()()1 221000.0525255010V m e E sin t NBS fsin ft sin t sin t ωππππππ ? ????==== (2)当t = 1 30 s 时 1 e=50sin 1043.3V 30π? ??== ?? ? (3)电动势的有效值为 35.4V E = == 电流表示数 35.4A 3.54A 91 E I R r = ==++ . 电压表示数 3.549V 31.86V U IR ?=== (4) 1 30 s 内线圈转过的角度 3001=t=2260303ft π θωππ=??= , 该过程, 1 2 BS BScos BS θ?Φ=-= 所以由公式求得; ()()112C 10 4nBS E n n q It t t R r t R r R r π?Φ?Φ===?===+++ 14.(2020·全国高三专题练习)如图甲所示,理想变压器原、副线圈的匝数n 1:n 2=3:1,原线圈电路中接有一量程为3 A 的理想交流电流表,副线圈两端接有理想交流电压表、可变电阻R 以及若干6 V 、6 W 的相同灯泡.输入端交变电压u 的图象如图乙所示. (1)求图甲中电压表的读数; (2)要求灯泡均正常发光,求电路中最多允许接入的灯泡个数; (3)为满足第(2)问要求,求可变电阻R 应调到的电阻值. 【答案】(1)9V (2)9盏 (3)1 3 Ω 【解析】(1)根据图象可得原线圈电压的最大值U 1m = 27V 其有效值为U 1 27 V 根据 11 22 U n U n =代入数据可得U 2=9 V 即为电压表读数. (2)设原线圈中通过的电流为I 1,副线圈中通过的电流为I 2 为使副线圈接入的灯泡最多,则I 1取允许通过的最大电流的有效值为3 A 根据U 1I 1=U 2I 2代入数据可得I 2=9 A 正常发光时每个灯泡中的电流为I D = P U =1 A 所以允许接入的灯泡个数为n = 2 D I I =9 (3)电阻两端电压为U R =U 2-U D =3 V 电阻阻值为R =2R U I =1 3 Ω 15.(2020·全国高三专题练习)如图所示,一个小型旋转电枢式交流发电机,其矩形线圈的长度为a ,宽 度为b ,共有n 匝,总电阻为r .与线圈两端相接触的集流环上接有一个阻值为R 的定值电阻.线圈以角速度ω在磁感应强度为B 的匀强磁场中绕与磁场方向垂直的对称轴OO'匀速转动,沿转轴OO'方向看去,线圈转动方向沿顺时针. (1)在图中画出线圈经过图示位置时通过电阻R 上的感应电流的方向. (2)从图示位置(线圈平面平行于磁场方向)开始计时,经多长时间,通过电阻R 上的电流的瞬时值第一次为零. (3)与电阻并联的交流电压表的示数是多少? 【答案】(1)自上而下(2)/4/2t T πω== (3)/)]m U U nBab R R r ω==+ 【解析】(1)自上而下. (2)线圈转动产生感应电流的周期为2/T πω= 从图示位置开始,过/4/2t T πω==第一次出现0i =的情况. (3)线圈转动时产生感应电动势的最大值为m E nBS nBab ωω== 感应电流的最大值/()/()m m I E R r nBab R r ω=++ 电阻两端电压的最大值/()m m U I R nBab R R r ω==+ 交流电压表的示数为/)]m U U nBab R R r ω==+ 16.(2020·河北省衡水中学高三专题练习)如图所示,理想变压器有两个副线圈,L 1、L 2是两盏规格为“8 V 10 W”的灯泡,L 3、L 4是两盏规格为“6 V 12 W”的灯泡,当变压器的输入电压为U 1=220 V 时,四盏灯泡恰好都能正常发光.如果原线圈的匝数n 1=1 100匝,求: (1)副线圈n 2、n 3的匝数; (2)电流表的读数. 【答案】(1)40匝 60匝 (2)0.2 A 【解析】(1)四灯均正常发光,则副线圈n 2两端电压28U V =,副线圈n 3两端电压32612U V V =?= 据123123::::U U U n n n =,可得:22118 1100=40220 U n n U = =?匝匝 331112 1100=60220 U n n U = =?匝匝 (2)由变压器的输入功率等于输出功率可得:111234U I P P P P =+++ 解得:13 11222102120.2220 P P I A A U +?+?== = 17.(2020·河北省衡水中学高三专题练习)1897年,举世闻名的“尼亚加拉”水电站在美丽的尼亚加拉瀑布建成,现已使用100多年.当时世界各地都在使用费用高昂的直流电(因为使用直流电时必须每隔一公里建设一套发电机组),而“尼亚加拉”水电站采用了特斯拉发明的交流电供、输电技术,用高压电实现了远距离供电.若其中某一发电机组设计为:发电机最大输出功率为P =100 kW ,输出电压为U 1=250 V ,用户需要的电压为U 2=220 V ,输电线电阻为R =10 Ω,输电线中因生热而损失的功率为输送功率的4%. (1)画出此输电线路的示意图; (2)求在输电线路中设置的升压变压器的原、副线圈匝数比; (3)求降压变压器的最大输出电流I 3.(保留整数) 【答案】(1) (2) 1 20 (3)436 A 【解析】(1)输电线路示意图如图所示. (2)输电过程中损失的功率:P 损=ηP 通过R 的电流:I 2= 发电机的输出电流:I 1=1 P U 升压变压器的原、副线圈匝数比 1122n I n I = 1U P 325010010?=1 20. (3)用户得到的最大功率: P 用=P(1-η), 降压变压器的最大输出电流 I 3=2P U 用=2(1)P U η-= 310010(10.04)220 ??-A =436 A. 18.(2020·全国高三专题练习)如图是一手摇发电机,其原理可简化为矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的中心轴OO '匀速转动,产生随时间变化的感应电动势。 已知矩形线圈abcd 的匝数为N ,边长ab=cd=L 1,bc=ad=L 2。线圈所在处磁感应强度为B 。线圈的角速度为ω。当线圈转动到如图所示位置时,其平面与磁场方向平行。 (1)求线圈转动到如图位置时ab 边切割磁感线产生的感应电动势大小并判断ab 两端电势的高低; (2)从线圈处于如图位置开始计时,t 时刻线圈转至截面图中虚线所示位置,推导t 时刻线圈产生的感应电动势大小为e=NBL 1L 2ωcosωt ; (3)如图所示,线圈的ab 、cd 边分别通过电刷与两个滑环e 、f 相连,滑环e 、f 与二极管D 、外电阻相连,组成闭合回路。二极管具有单向导电性,即加正向电压时其电阻可忽略不计,加反向电压时电阻可视为无穷大。已知线圈电阻为r ,外电阻为R ,电路其余部分电阻不计。计算经过一段较长时间t (远大于线圈转动周期)的过程中,外电阻R 上产生的热量。 【答案】(1)121 2 E NBL L ω= ,B 端电势高;(2)12cos e NBL L t ωω=;(3)2122()4()R NBL L Rt Q R r ω= + 【解析】(1)ab 边切割磁感线产生的电动势1E NBL v =,2 2 L v ω = 可得:121 2 E NBL L ω= ,B 端电势高 (2)线圈匀速转动过程中,ab ,cd 边都切割磁感线产生感应电动势,总电动势为两边产生的电动势之和,即2ab e e = 如图,经过时间t ,ab 边绕OO'转过的角度t θω= ,此时ab 边的速度方向如图中所示, v 与磁场方向的垂直分量1 cos cos v v v t θω== 根据电磁感应定律,在ab 边上产生的感应电动势大小为1cos ab e NBL v t ω= 又2 2 L v ω=? 由此可得12cos e NBL L t ωω= (3)设线圈中感应电动势最大值为E m ,有效值为E 有,线圈的转动周期为T 则有12m E NBL L ω= 2 2E T T R =有得:1212 E NBL L ω=有 时间t 内产生的总热量2E Q t R r = +有 总 而R 上产生的热量为R R Q Q R r = + 可得:2122 ()4()R NBL L Rt Q R r ω=+。 高考数学解答题常考公式及答题模板 题型一:解三角形 1、正弦定理: R C c B b A a 2sin sin sin === (R 是AB C ?外接圆的半径) 变式①:?????===C R c B R b A R a sin 2sin 2sin 2 变式②:?? ?? ? ???? == = R c C R b B R a A 2sin 2sin 2sin 变式③: C B A c b a sin :sin :sin ::= 2、余弦定理:???????-+=-+==+=C ab b a c B ac c a b A bc c b a cos 2cos 2cos 22222 22222 变式:???? ? ??????-+= -+=-+= ab c b a C ac b c a B bc a c b A 2cos 2cos 2cos 2 22222222 3、面积公式:A bc B ac C ab S ABC sin 2 1 sin 21sin 21=== ? 4、射影定理:?? ? ??+=+=+=A b B a c A c C a b B c C b a cos cos cos cos cos cos (少用,可以不记哦^o^) 5、三角形的内角和等于 180,即π=++C B A 6、诱导公式:奇变偶不变,符号看象限 利用以上关系和诱导公式可得公式:??? ??=+=+=+A C B B C A C B A sin )sin(sin )sin(sin )sin( 和 ??? ??-=+-=+-=+A C B B C A C B A cos )cos(cos )cos(cos )cos( 7、平方关系和商的关系:①1cos sin 22=+θθ ②θ θ θcos sin tan = 奇: 2 π 的奇数倍 偶: 2 π 的偶数倍 专题一力与物体平衡 高频考点一受力分析物体的静态平衡 例1如图所示,水平推力F使物体静止于斜面上,则( ) A.物体一定受3个力的作用 B.物体可能受3个力的作用 C.物体一定受到沿斜面向下的静摩擦力的作用 D.物体一定受到沿斜面向上的静摩擦力的作用 解析:选B.以物体为研究对象受力分析如图,若F cos θ=G sin θ时,物体在水平推力、重力、斜面支持力三力作用下处于平衡状态,则物体受三个力作用;若F cos θ>G sin θ(或F cos θ<G sin θ=时,物体仍可以静止在斜面上,但物体将受到沿斜面向下(或沿斜面向上)的静摩擦力,综上所述B对. 【变式探究】(多选)如图所示,倾角为θ的斜面体C置于水平地面上,小物体B置于斜面体C上,通过细绳跨过光滑的轻质定滑轮与物体A相连接,连接物体B的一段细绳与斜面平行,已知A、B、C均处于静止状态,定滑轮通过细杆固定在天花板上,则下列说法中正确的是( ) A.物体B可能不受静摩擦力作用 B.斜面体C与地面之间可能不存在静摩擦力作用 C.细杆对定滑轮的作用力沿杆竖直向上 D.将细绳剪断,若物体B仍静止在斜面体C上,则此时斜面体C与地面之间一定不存在静摩擦力作用 高频考点二物体的动态平衡问题 【例1】如图所示,一小球放置在木板与竖直墙面之间.设墙面对球的压力大小为N1,球对木板的压力大小为N2.以木板与墙连接点所形成的水平直线为轴,将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置.不计摩擦,在此过程中( ) A.N1始终减小,N2始终增大 B.N1始终减小,N2始终减小 C.N1先增大后减小,N2始终减小 D.N1先增大后减小,N2先减小后增大 2021模拟模拟-选择题专项训练之交变电流 本考点是电磁感应的应用和延伸.高考对本章知识的考查主要体现在“三突出”:一是突出考查交变电流的产生过程;二是突出考查交变电流的图象和交变电流的四值;三是突出考查变压器.一般试题难度不大,且多以选择题的形式出现.对于电磁场和电磁波只作一般的了解.本考点知识易与力学和电学知识综合,如带电粒子在加有交变电压的平行金属板间的运动,交变电路的分析与计算等.同时,本考点知识也易与现代科技和信息技术相联系,如“电动自行车”、“磁悬浮列车”等.另外,远距离输电也要引起重视.尤其是不同情况下的有效值计算是高考考查的主要内容;对变压器的原理理解的同时,还要掌握变压器的静态计算和动态分析. 北京近5年高考真题 05北京18.正弦交变电源与电阻R、交流电压表按照图1所示的方式连接,R=10Ω,交流电压表的示数是10V。图2是交变电源输出电压u随时间t变化的图象。则( ) A.通过R的电流i R随时间t变化的规律是i R=2cos100πt (A) B.通过R的电流 i R 随时间t变化的规律是i R=2cos50πt (A) C.R两端的电压u R随时间t变化的规律是u R=52cos100πt (V) D.R两端的电压u R随时间t变化的规律是u R=52cos50πt (V) 07北京17、电阻R1、R2交流电源按照图1所示方式连接,R1=10Ω,R2=20Ω。合上开关后S后,通过电阻R2的正弦交变电流i随时间t变化的情况如图2所示。则() A、通过R1的电流的有效值是1.2A B、R1两端的电压有效值是6V C、通过R2的电流的有效值是1.22A D、R2两端的电压有效值是62V 08北京18.一理想变压器原、副线圈匝数比n1:n2=11:5。原线圈与正弦交变电源连接,输入电压u如图所示。副线圈仅接入一个10 Ω的电阻。则() A.流过电阻的电流是20 A B.与电阻并联的电压表的示数是1002V C.经过1分钟电阻发出的热量是6×103 J D.变压器的输入功率是1×103 W 北京08——09模拟题 08朝阳二模16.在电路的MN间加一如图所示正弦交流电,负载电阻为100Ω,若不考 虑电表内阻对电路的影响,则交流电压表和交流电流表的读数分别为()A.220V,2.20 AB.311V,2.20 AC.220V,3.11A D.311V,3.11A t/×10-2s U/V 311 -311 1 2 3 4 A V M ~ R V 交变电源 ~ 图1 u/V t/×10-2s O U m -U m 12 图2 变压器 (25分钟·60分) 一、选择题(本题共6小题,每题6分,共36分) 1.如图所示为变压器原理图,其原线圈和副线圈的匝数分别为n1、n2,若输出电压小于输入电压, 下列说法正确的是( A.输入的是直流电,且n1>n2 B.输入的是直流电,且n1 C.S闭合后,灯泡L2仍恰能正常发光 D.S断开时,灯泡L1和L2的功率之比为1∶4 【解析】选D。副线圈的电压为U2=U0,根据=,解得原线圈的电压U1=4U0,电源电压 U=U0+4U0=5U0,故A错误;S断开时,灯泡L1和L2的电流之比==,故B错误;S闭合后,原线圈 的电压为电源电压U′1=5U0,根据=,解得:U′2=U0,灯泡L2不能正常发光,故C错误;S断 开时,灯泡L1和L2的电压相同,电流之比==,所以功率之比为===,故D正确。 4.如图甲、乙所示电路中,当A、B接10 V交变电压时,C、D间电压为4 V,M、N接10 V直流 电压时,P、Q间电压也为4 V。现把C、D接4 V交流,P、Q接4 V直流,下面哪个选项可表示 A、B间和M、N间的电压( ) A.10 V 10 V B.10 V 4 V C.4 V 10 V D.10 V 0 【解析】选B。题图甲是一个自耦变压器,当A、B作为输入端,C、D作为输出端时,是一个降 压变压器,两边电压之比等于两边线圈的匝数之比,当C、D作为输入端,A、B作为输出端时, 是一个升压变压器,电压比也等于匝数比,所以C、D接4 V交流时,A、B间将得到10 V交流。 题图乙是一分压电路,当M、N作为输入端时,上、下两个电阻上的电压跟它们的电阻的大小成 正比。但是当把电压加在P、Q两端时,电流只经过下面那个电阻,上面的电阻中没有电流,两 端也就没有电势差,即M、P两点的电势相等。所以当P、Q接4 V直流时,M、N两端的电压也 是4 V。 【补偿训练】 在变电所里,需要用交流电流表去检测电路上的强电流,由于电网中的电流通常会超出一 般电流表的量程,因此常使用电流互感器。下列能正确反映电流互感器工作原理的是( 高考数学常用公式及结论200条(一) 湖北省黄石二中 杨志明 1. 元素与集合的关系 U x A x C A ∈??,U x C A x A ∈??. 2.德摩根公式 ();()U U U U U U C A B C A C B C A B C A C B == . 3.包含关系 A B A A B B =?= U U A B C B C A ???? U A C B ?=Φ U C A B R ?= 4.容斥原理 ()()card A B cardA cardB card A B =+- ()()card A B C cardA cardB cardC card A B =++- ()()()()card A B card B C card C A card A B C ---+ . 5.集合12{,,,}n a a a 的子集个数共有2n 个;真子集有2n –1个;非空子集有2n –1个;非空的真子集有2n –2个. 6.二次函数的解析式的三种形式 (1)一般式2()(0)f x ax bx c a =++≠; (2)顶点式2()()(0)f x a x h k a =-+≠; (3)零点式12()()()(0)f x a x x x x a =--≠. 7.解连不等式()N f x M <<常有以下转化形式 ()N f x M <[()][()]0f x M f x N --< ?|()|2 2 M N M N f x +-- ()0() f x N M f x ->- ? 11()f x N M N > --. 8.方程0)(=x f 在),(21k k 上有且只有一个实根,与0)()(21 选择题专练(二) 共8小题,每小题6分,共48分。在每小题给出的四个选项中,第1~4题只有一项符合题目要求,第5~8题有多项符合题目要求。全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。 1.(2019·广东汕头高三一模)中国自主研发的世界首座具有第四代核电特征的核电站—华能石岛湾高温气冷堆核电站,位于山东省威海市荣成石岛湾。目前核 U+x→144 56Ba 电站使用的核燃料基本都是浓缩铀,有一种典型的铀核裂变方程是235 92 +8936Kr+3x。下列关于x的说法正确的是() A.x是α粒子,具有很强的电离本领 B.x是α粒子,穿透能力比较弱 C.x是中子,中子是卢瑟福通过实验最先发现的 D.x是中子,中子是查德威克通过实验最先发现的 答案 D 解析根据该反应的特点可知,该核反应属于重核裂变,根据核反应方程的质量数守恒和电荷数守恒可知,x为中子,故A、B错误;根据物理学史可知,卢瑟福发现了质子,预言了中子的存在,中子是查德威克通过实验最先发现的,C 错误,D正确。 2.(2019·安徽省“江南十校”高三三月综合质检)如图所示,游乐场中有一半球形的碗状装置固定在水平地面上,装置的内半径为R,在其内表面有一个小孩(可视为质点)从底部向上爬行,小孩与内表面之间的动摩擦因数为0.75,设小孩所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力,则小孩沿该装置缓慢向上爬行的最大高度是() A.0.2R B.0.25R C.0.75R D.0.8R 答案 A 解析 设小孩爬到最高处时,小孩与圆心的连线与竖直方向的夹角为θ,对小孩受力分析,由平衡条件得,mg sin θ=μmg cos θ,解得θ=37°,又由几何关系得,最大高度h =R -R cos θ=0.2R 。故A 正确。 3.(2019·河南省郑州市一模)甲、乙两个同学打乒乓球,某次动作中,甲同学持拍的拍面与水平方向成45°角,乙同学持拍的拍面与水平方向成30°角,如图所示。设乒乓球击打拍面时速度方向与拍面垂直,且乒乓球每次击打球拍前、后的速度大小相等,不计空气阻力,则乒乓球击打甲的球拍的速度v 1与乒乓球击打乙的球拍的速度v 2之比为( ) A.63 B. 2 C.22 D.33 答案 C 解析 由题可知,乒乓球在甲、乙的拍面之间做斜抛运动,根据斜抛运动的特点可知,乒乓球在水平方向的分速度大小保持不变,竖直方向的分速度是不断变化的。由于乒乓球击打拍面时速度与拍面垂直,则在甲处:v x =v 1sin45°,在乙 处:v x =v 2sin30°,所以v 1v 2=v x sin45°v x sin30°=22,故C 正确。 4.(2019·东北三校高三第一次联合模拟)生活中可以通过霍尔元件来测量转动物体的转速。在一个转动的圆盘边缘处沿半径方向均匀地放置四个小磁铁,其中两个N 极向外,两个S 极向外,如图甲所示分布。在圆盘边缘附近放置一个霍尔元件,如图乙所示。当电路接通后,会在a 、b 两端产生电势差,经电路放大后得到脉冲信号。已知脉冲信号的周期为T ,若忽略感应电动势的影响,则( ) 高考定位 受力分析、物体的平衡问题是力学的基本问题,主要考查力的产生条件、力的大小方向的判断(难点:弹力、摩擦力)、力的合成与分解、平衡条件的应用、动态平衡问题的分析、连接体问题的分析,涉及的思想方法有:整体法与隔离法、假设法、正交分解法、矢量三角形法、等效思想等.高考试题命题特点:这部分知识单独考查一个知识点的试题非常少,大多数情况都是同时涉及到几个知识点,而且都是牛顿运动定律、功和能、电磁学的内容结合起来考查,考查时注重物理思维与物理能力的考核. 考题1对物体受力分析的考查 例1如图1所示,质量为m的木块A放在质量为M的三角形斜面B上,现用大小均为F,方向相反的水平力分别推A和B,它们均静止不动,则() 图1 A.A与B之间不一定存在摩擦力 B.B与地面之间可能存在摩擦力 C.B对A的支持力一定大于mg D.地面对B的支持力的大小一定等于(M+m)g 审题突破B、D选项考察地面对B的作用力故可以:先对物体A、B整体受力分析,根据平衡条件得到地面对整体的支持力和摩擦力;A、C选项考察物体A、B之间的受力,应当隔离,物体A受力少,故:隔离物体A受力分析,根据平衡条件求解B对A的支持力和摩擦力. 解析对A、B整体受力分析,如图, 受到重力(M+m)g、支持力F N和已知的两个推力,水平方向:由于两个推力的合力为零,故 整体与地面间没有摩擦力;竖直方向:有F N=(M+m)g,故B错误,D正确;再对物体A受力分析,受重力mg、推力F、斜面体B对A的支持力F N′和摩擦力F f,在沿斜面方向:①当推力F沿斜面分量大于重力的下滑分量时,摩擦力的方向沿斜面向下,②当推力F沿斜面分量小于重力的下滑分量时,摩擦力的方向沿斜面向上,③当推力F沿斜面分量等于重力的下滑分量时,摩擦力为零,设斜面倾斜角为θ,在垂直斜面方向:F N′=mg cos θ+F sin θ,所以B对A的支持力不一定大于mg,故A正确,C错误.故选择A、D. 答案AD 1.(单选)(2014·广东·14)如图2所示,水平地面上堆放着原木,关于原木P在支撑点M、N处受力的方向,下列说法正确的是() 图2 A.M处受到的支持力竖直向上 B.N处受到的支持力竖直向上 C.M处受到的静摩擦力沿MN方向 D.N处受到的静摩擦力沿水平方向 答案 A 解析M处支持力方向与支持面(地面)垂直,即竖直向上,选项A正确;N处支持力方向与支持面(原木接触面)垂直,即垂直MN向上,故选项B错误;摩擦力与接触面平行,故选项C、D错误. 2.(单选)如图3所示,一根轻杆的两端固定两个质量均为m的相同小球A、B,用两根细绳悬挂在天花板上,虚线为竖直线,α=θ=30°,β=60°,求轻杆对A球的作用力() 图3 A.mg B.3mg C. 3 3mg D. 3 2mg 14高考物理变压器习题 变压器 电能的输送 一、选择题(本大题共10个小题,共70分,每小题至少有一个选项正确,全部选对的得7分, 选对但不全的得4分,有选错的得0分) 1.(2008·北京高考)一理想变压器原、副线圈匝数比n 1∶n 2=11∶5,原线圈与正弦交变电源连接,输入电压u 如图1所示.副线圈仅接入一个10 Ω的电阻.则( ) 图1 A .流过电阻的电流是20 A B .与电阻并联的电压表的示数是100 2 V C .经过1分钟电阻发出的热量是6×103 J D .变压器的输入功率是1×103 W 2.(双选)(2010·济南模拟)正弦式电流经过匝数 比为n 1n 2=101 的变压器与电阻R 、交流电压表 V 、 交流电流表A按如图2甲所示方式连接,R=10 Ω.图乙所示是R两端电压U随时间变化的图象,U m=10 2 V,则下列说法中正确的是() 图2 A.通过R的电流i R随时间t变化的规律是i R=2cos100πt(A) B.电流表A的读数为0.1 A C.电流表A的读数为 2 10 A D.电压表的读数为U m=10 2 V 3.如图3所示,有一理想变压器,原、副线圈的匝数比为n.原线圈接正弦交流电压U,输出端 接有一个交流电流表和一个电动机.电动机线圈电阻为R.当输入端接通电源后,电流表读数为I,电动机带动一重物匀速上升.下列判断正确的是() A.电动机两端电压为IR B.电动机消耗的功率为I2R C.原线圈中的电流为nI D.变压器 的输入功率为UI n 4.如图4所示,左侧的圆形导电环半径为r=1.0 cm,导电环与一个理想变压器的原线圈相连,变压器的副线圈两端与一个电容 为C=100 pF的电容器相连,导 电环的电阻不计,环中有垂直于圆环平面的变化 磁场,磁感应强度B的变化率为ΔB Δt=100 2 πsinωt,若电容器C所带电荷量的最大值为1.41×10-9C,则所用理想变压器的原、副线圈的匝数之比为(取π2=10) ()【高考宝典】高考数学解答题常考公式及答题模板
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