太原理工大学大学物理第五版第9章课后题答案
第 9 章 真空中的静电场 (习题选解 )
9-补充
三个电量为
q 的点电荷各放在边
长为 r 的等边三角形的三个顶点上， 电荷
f 1
Q(Q
0) 放在三角形的重心上。 为使每个
-q
负电荷受力为零， Q 之值应为多大？
f 2
解：以三角形上顶点所置的电荷 ( q )
Q
-q
-q
为例，其余两个负电荷对其作用力的合力
为 f 1 ，方向如图所示，其大小为
题6-1图
f 1
2
q 2
2 cos30
3q 2
r 4 0 r 2
4
中心处 Q 对上顶点电荷的作用力为 f 2 ，方向与 f 1 相反，如图所示，其大小为
f 2
3Qq
3
2
4 0 r 2
4
3 r
由 f 1
f 2 ，得
Q
3
q 。
3
6-补充
在某一时刻，从 U 238 的放射性衰变中跑出来的
粒子的中心离残核
Th 234 的中心为 r 9.0 10 15
m 。试问：（1）作用在
粒子上的力为多大？（ 2） 粒
子的加速度为多大？
解：（1）由反应
238
92 U
234
90Th+ 2
4
He ，可知
粒子带两个单位正电荷，即
Q 1 2e 3.2 10 19C
Th 离子带 90 个单位正电荷，即
Q 2
90e 144 10 19C
它们距离为 r
9.0 10 15 m
由库仑定律可得它们之间的相互作用力为：
Q 1Q 2
9
3.2 10 19 144 10 19
512N
F
2 (9.0 10 )
(9.0 10 15 ) 2
4 0r
（2）
粒子的质量为：
m 2(m p
m n ) 2 (1.67 10 27
1.67 10 27 ) 6.68 10 27 Kg
由牛顿第二定律得：
a
F 512
7.66 1028 m s 2
m 6.68 10 27
9-1
如图所示，有四个电量均为 q 10 6 C 的点电荷，分别放置在如图所示的
1，2，3，4 点上，点 1 与点 4 距离等于点
1 与点
2 的距离，长 1m ，第
3 个电荷位于 2、
4 两电荷连线中点。求作用在第 3 个点电荷 上的力。
解：由图可知，第 3 个电荷与其它各
题9-1 图
电荷等距，均为 r
2
m 。各电荷之间均
2
为斥力，且第 2、4 两电荷对第三电荷的作 用力大小相等，方向相反，两力平衡。由 库仑定律，作用于电荷 3 的力为
题9-1图
1 q 1q 3
2
F
4 0
r 132
1.8 10 N
力的方向沿第 1 电荷指向第 3 电荷，与 x 轴成 45 角。
9-2 题略
1 q
2 解
tan
4
( 2l sin )2
mg
q 16
l 2mgtan sin 2 4l sin 0mgtan
9-3在直角三角形 ABC 的 A 点放置点电荷q1 1.8 109C， B 点放置点电荷q24.810 9 C ，已知 BC 0.04 m, AC0.03m ，试求直角顶点C处的场强E。
解：A 点电荷在 C 点产生的场强为
E1，方向向下
E1
1 q
1 1.8 10 4V m 1 4 0 r12
B 点电荷在
C 点产生的场强为E2，方向向右
1 q2题9-3图
E2 2.7 10 4V m 1
40 r22
根据场强叠加原理， C 点场强
EE12E22 3.24 104 V m 1
设 E 与CB夹角为
E1
， tan
E2
arctan
E
1arctan
2
33.7
E23
9-补充如图所示，一根很长的绝缘棒，均匀
带电，单位长度上的电荷量为，试求距棒的一
端垂直距离为 d 的 P 点处的电场强度。
解：建立如图所示坐标，在棒上任取一线
题 9-补充 a 图元 dx 在 P 点产生的场强为 dE
dq dx dx
dE
24 0 (x 2 d 2 )
4 0 r 4 0 ( x2 d 2 ) 2场强 dE 可分解成沿x轴、 y 轴的分量
dE x dE s i n dE x
d 2
x 2
dE y dE c o s dE
d d 2
x 2
题 9-补充 b 图
E x
dE x
dx 2
4 0 2( x 2
3 d 2 )
2
1
1 )
8
2d ( x 2
d 2 ) 2
( 0
4
d 4 0 d
E y
dE y
d
dx
d
x
4
( x
2 3
1 4 0d
d 2
) 2
4
d 2
( x 2
2
)2
d
P 点场强
E
E x 2
E y 2
4
2
d
方向与 Y 轴夹角为
arctan
E x
45
E y
9-4 如图所示，一条长为 2l 的均匀带电
直线，所带电量为 q ，求带电直线延长线上 任一点 P 的场强。
题 9-4图
解：在坐标原点 0 为 r 处取线元， 带电量
dq dr
q
dr
2l
该线元在带电直线延长线上距原点为 x 的
P 点产生的场强为
题9-4图
dq
dE
4
0 ( x r ) 2
整个带电直线在 P 点的场强
qdr
q
l
d ( xr )
q l
E
l
1
dE
2l ( x r )
2
l
( x r )
2
(
)
l 4
8
0 l
8
0l
x r l
q
(
1
1 ) 2ql
l 2)
4
q 8 0l x l
x l
8 0l (x 2 (0 x 2 l )2
9-5
一根带电细棒长为 2l ，沿 x 轴放置，其一端在原点，电荷线密度 Ax （ A
为正的常数）。求 x 轴上， x b 2l 处的电场强度。
解：在坐标为 x 处取线元 dx ，带电量为 dq
Axdx ，该线元在 P 点的场强为 dE ，
方向沿 x 轴正方向
dE
dq
4 0 (b
2l x)2
整个带电细棒在 P 点产生的电场为
E
dE
2l
Axdx
题 9-5
4 0 (b
2l x)
2
A
2l b 2l x
b 2l
d b
2l
x
4
2
b 2l
x
A
2l
d (b 2l x) 2
2l
d (b 2l
x) [
2(b 2l
x) 2
(b 2l )
2l
x) 2 ]
4 0 0
(b
A
2l
A(b 2l ) 1 2 l
A
b
2l )
ln( b 2l x) 2
(ln
8 0
0 4 0 (b 2l x) 0
4
b 2l
b
场强 E 方向沿 x 轴正方向
9-6 如图所示，一根绝缘细胶棒弯成半径为
R 的半圆形。其上一半均匀带电荷
q ，另一半均匀带电荷
q 。求圆心 O 处的场强。
题 9-6 图
解：以圆心为原点建立如图所示 Oxy 坐标，
在胶棒带正电部分任取一线元
dl ，与 OA 夹角为 ，线元带电荷量 dq
2q
dl ，在
R
O 点产生电场强度
dE
dq
2q
3 dl
q
2
d
4
2
42
R
2
R
2
R
把场强 dE 分解成沿 x 轴和 y 轴的分量
dE x dE sin
dE y
dE cos
E x
dE x
2
q
sin d
q
2
2
0 R 2 2 2 0 R 2
E y
dE y
2
q
cos d
q
题9-6图
2
2 0
R 2 2 2 0 R 2
同理，胶棒带负电部分在 O 点的场强 E 沿 x 轴方向的分量 E x 与 E x 大小相等，方
向相同；沿 y 轴方向的分量 E y 与 E y 大小相等，方向相反，互相抵消，故点场强为
E 2E x
q
方向沿 x 轴正向。
2
0 R 2
9-7 如图所示，两条平行的无限长均匀带电直线，相距为 d ，线电荷密度分别
为
和
，求：
两线构成的平面的中垂面上的场强分布；
解：在两线构成平面的中垂直面上任取一点
P 距两线构成平面为 y ，到两线距离
为 y 2
(
d
)2 。两带电直线在 P 点的场强为
2
E1
d 21
20 ( y2) 2
4
E2
d 21
2 0 ( y 2) 2
4
由于对称性，两线在 P 点的场强沿 y 轴
方向的分量，方向相反，大小相等，
相互抵消
E
E
1 x
E
2 x E1 cos E2 cos
d
2
2
( d 21( d 21 20y2) 2y2) 2
44
d
20( d 2y2 )
4
题9-7 图
y
E 1
P E
E2
λθ-λ
+θ
+
o
-
x -d/2d/2
题9-7 图
方向沿 x 轴正方向
9-8求两无限大均匀带电平板的电场分布
已知：2
求：分布
解：两无限大带电平板产
生场强大小分别为
E+方向如图红色
2 0
2
E—方向如图蓝色
2 0
太原理工大学大学物理
由叠加原理，两极板间场强
方向沿 x 轴正向
两板外，左侧
方向沿 x 轴正向
两板外，右侧
方向沿 x 轴负向
太原理工大学大学物理
9-9
一无限大均匀带电平面，电荷面密度为
洞，求在这个圆洞轴线上距洞心 r 处一点 P 的场强。
解：开了一个圆洞的无限大均匀带电
平面，相当于一个无限大均匀带电平面又
加了一块带异号电荷，面密度
相同的圆
盘。距洞心 r 处 P 点的场强
，在平面上开一个半径为
R 的圆
E p
E
E
式中
E
为无限大均匀带电平面在
P 点产生的场强
题
9-9 图
E
2 0
方向垂直于平面向外
E 为半径为 R 的均匀带负电圆盘在其轴线上距中心为 r 处的 P 产生的场强。在圆
盘上取半径为 r ，宽为 dr 的细圆环，在 P 点产生场强
dE
rdq
2 r r dr
0 ( r
2
3
0 (r
2
3
4
r 2
)
2
4 r 2
)
2
E
dE
2 r
r
dr
r [ 1
R R
]
4
(r 2 r 2 ) 3 2
2 0
(r 2
r 2 ) 12
(1r)
R2r 2 2 0
故E P EE
r
0(R21
2r2) 2
方向垂直圆盘向里方向垂直平面向外
9-10用细的不导电的塑料棒弯成半径为50cm 的圆弧，棒两端点间的空隙为2cm ，棒上均匀分布着 3.1210 9 C 的正电荷，求圆心处场强的大小和方向。
解：有微小间隙的带正电圆弧棒，
等效于一个相同半径的带正电圆环加个弧
长等于间隙的带负电小圆弧棒。由场强叠
加原理，圆心 O 场强
E
0E
圆棒
E
AB
对于均匀带正电的圆环，由于对称性在圆
心 O 的电场强度为零，E圆环0。
题 9-10 图上一带负电小圆弧棒相对于圆心O 可近似
看成一个点电荷，电量为：
q
q
dl 2 R
E
AB
q
2
1
2
q
dl 40
R
40
R
2 R 8
qdl0.714V m 1
20
R3
圆心处场强 E0 E AB0.714V m 1，方向指向空隙。
9-11 题略
解：（1）点电荷在立方体的中心，由高斯定理知：通过立方体表面的电通量为
q
E d S
则通过该立方体任一个面的电通量为
q
。
6 0
（2）点电荷在立方体的一个顶点上，以该顶点为中心作一边长为 2a 的立方体，由高斯定理知：通过立方体表面的电通量为
q
E d S
则通过该立方体任一个面的电通量为
q
。
24 0
9-补充用场强叠加原理，求证无限大均匀带平面外任一点的场强大小为
E（提示：把无限大平面分成一个个圆环或一条条细长线，然后进行积分）。2 0解：（1）建如图( a) xyz 坐标，以板上任一点 O 为圆心，取半径为r，宽度为 dr 的环形面积元，带电量为：
dq 2 rdr 。
由圆环电荷在其轴线上任一点 P(OP x) 的场强公式
dE
2 xrdr
3 40 ( x2 r 2 ) 2
方向沿 x 轴正方向。P 点总场强
EdE
x rdr
2
0 ( r23
x2) 2
x1
2 0( r212
x2) 200
题 9-补充(a)图（0 ，E的方向沿x轴正方向）
（2）建如图 (b) 所示的三维坐标，在与 z 轴相距为 y 处取一细长线元，沿 y 轴方
向单位长度带电荷为
dy ，由长直带电
直线场强公式，线元在 x 轴距原点 O 为 a 的
点P 的场强
1
dy dE
y 2
a 2
2 0
题 9-补充 (b) 图
由于对称性， dE 的 y 轴分量总和为零
所以
E
dE x dE c o s
a
a 2
dy a
2
2 0
arctan
y
2 0 y 2 y
2
a
2
2 0
因为
0 ，所以 E 的方向沿 x 轴正方向。
9-补充
如图所示，半径为
R 的带电细圆环，线电荷密度
cos
，
为常
数，
为半径
R 与 x 轴夹角，求圆环中心
O 处的电场强度。
解：在带电圆环上任取一线元
dl
Rd
，带电量为
dq
dl
cos Rd
，线元
与原点
O 的连线与
x 轴夹角为
，在
O 点的场强
d E 大小为
题 6-12 图
dq 0
R
dE
4 0R 2
40 R 2
cos d
4 0 R cos d
d E 沿 x 轴和 y 轴的分量
dE x
dE cos
cos 2 d
R
4
dE y
dE sin
0 cos sin d 0
R
4
整个带电圆环在 O 点的场强 E 沿 x 轴和 y 轴的分量
2
1
sin 2 2
E x
dE x
cos
2
d
(
)
4
R
40R24
4 0 R
2
2
E y dE y
sin d sin
)
2
(sin
4
R
4
R
2
故
E
E x i
i
4 0 R
E 的方向沿 x 轴负方向。
9-12
设匀强电场的场强为 E ， E 与半径为 R 的半球面的轴线平行。试计算
通过此半球面的电场强度通量。
解：方法一：通过半球面的电场强度通量与垂直通过大圆面 S 的电场强度通量相等。通过 S 面的电场强度通量：
e
ES
R 2E
故通过半球面的电场强度通量亦为
R 2E 。
方法二：在半球面上取宽为 dl 的环状面积元， dS
2 rdl
2 R 2 sin d
通过面元 dS 的电场强度通量
2
d e E cos dS E cos 2 R sin d
e
d e
2
2
2 R 2
E
1 sin
2 2 R 2
E
2 R E sin cos d
2 0
题 9-12 图
9-补充在半径分别为R1,R2的两个同心球面上，分别均匀带电为Q1和 Q2，求空间的场强分布，并作出 E r 关系曲线。
解：电荷在球面上对称分布，两球面电荷产生的电场也是球对称分布，场强方向沿径
向向外。
（1）以球心 O 为圆心，r为半径（R1r0 ）作一同心球面，由高斯定理，球
面包围电荷量为零，即
E I d S 0
s
因而E I0
（2）以 O 为圆心，半径为r（R2r R1）
作一同心球面，由高斯定理
E
II d S
Q1
s0
E II 4r 2Q1
E I I
Q1
E r 曲线如图 9-补充所示。
4 0r2
（3）以 O 为圆心，半径为r（R2r ）作一同心的球面，由高斯定理
E
III
Q1 Q2 d S
s
E III 4
r 2 Q 1
Q 2
所以
E
III
Q 1 Q 2
4
0 r 2
9-13 设均匀带电球壳内、外半径分别为 R 1 和 R 2 ，带电量为 Q 。分别利用高斯
定理与用均匀带电球面的电场叠加求场强分布，并画出E r 图。
解：由于电荷分布具有球对称性，空间电场分布也具有球对称性。 （1）在 r
R 1 的区域，电量为零。
由高斯定理
E d S
0 ，因而各点场强为零。
s
（2）在 R 1 r R 2 区域，以 r 为半径作同心球面。
由高斯定理
E
q
d S
s
由
q
V
Q
(4
r 3
4
R 13 )
4
3
4
3
3
3
3 R 2
3 R 1
E 4 r 2
Q(r 3 R 13 )
0(R 23
R 13 )
因此
E
Q r 3 R 13
4 0 r
2
R 23 R 13
（3）在 r
R 2 区域，以 r 为半径作同心球面，
由高斯定理
E d S
s
E 4 r
q
Q
2 Q
Q
E
2
4 0 r
E r 曲线如图 9-13 所示。
E r 曲线如图 9-13 所示。
9-14 无限长共轴圆柱面，半径分别为R1和R2(R2R1)，均匀带电，单位长度上的电量分别为1和2。求距轴为 r 处的场强(1) r R1；(2) R1 r R2；(3) r R2。解：（ 1）在半径为R1的圆柱面内作半径为r ( r R1)，高为 l 的同轴圆柱面，作为高斯面。通过此高斯面的通量
E d S E上底d S E下底d S E 侧d S q
s s s s
各点 E 垂直于轴线，上下底面电通量为零
2rlE 侧0
因而E0 ( r R1)
（2）在半径为R1、R2的两圆柱面间作半径为r ( R2 r R1 ) ，高为l的同轴圆柱面作为高斯面，由高斯定理
q l 1
E d S
s
l1
E侧d S
s
2 rlE1
l
可见E1
2 0 r
（ 3）同理在 r R 2 的区域
E
1 2
2
0 r
9-15 如图所示，点电荷 q
10 9 C ，与它在同一直线上的 A 、 B 、 C 三点分别距
q 为 10cm 、20cm 、30cm ，若选 B 为电势零点，求 A 、C 两点的电势 V A 、 V C 。
题 9-15 图
解：以点电荷 q 为原点，沿 q, A, B, C 的连线
建 x 坐标，在 x 坐标轴上，各点场强方向都沿 x 轴 题 9-15 图
正方向。
E
q
4
0 x
2
对于 A 、 B 两点，电势差
B
0 .2
0 .2
q
V A
V B
E dx Edx
4
0 x
2
dx
A
0 .1
0. 1
q 0.2
dx
q 1 0.2
5q
45V
4 0
0.1
x
2
(
)
4
4 0
x
0.1
由V B 0， 故 V A 45V
对于 B 、 C 两点，电势差为：
q
q
0.3
0.3
0.3
1
V B V C
Edx
2 dx
(
)15V
0.2
4
0 x
0.2
4
x
0.2
由V B 0，
故
V C 15V
9-16
真空中一均匀带电细圆环，线电荷密度为 ，求其圆心处电势。
解：在细圆环上取长为 dl 的线元，带电量为 dq
dl
在圆心处产生的电势
dV
dq
dl
R
4
R
4
整个带电圆环在圆心 O 的电势
2 R
dl 2 R
VdV
40R40R
2 0
题 9-16
9-17 长为 2l，带电量为q的均匀带电细棒，求延长线上距棒一端为 a的点 p的电势。
解：建立图示坐标
（1）取线元dx
（2）dq在p点的电势
（3）整个细棒在p点的电势
太原理工大学大学物理
9-19 如图 :两均匀带电同心球面，求电势分布。
解均匀带电球面电势分布
q1q2
由电势叠加原理可得
（1）
（2）
R1r R
2
q1q2 V
4 π0 R2
4 π0r
（ 3）r R2V
q1q2 4 π0r 4 π0 r
太原理工大学大学物理
9-20 有一个半径为R的球体，球内部带电，
电荷体密度的表达式为
(r≤R)
(r≥R)
求(1)球体总带电量Q。(2)球内、外各点的场强。
(3)球内、外各点的电势。
解：在球内取半径为 r，厚度为 dr的薄球壳，该
壳内包含的电量
太原理工大学大学物理
球体总带电量
(2)球内、外各点的场强。
场强分布具有球对称性，高斯面为球面。
通过高斯面的电通量
e
当场点在球面外时
E 4 r 2
方向沿半径向外
太原理工大学大学物理
或
当场点在球面内时
r
4q
3
dr
q
r
4
R
4
r 4
E 4 r 2
1
q
R
r
4
R 4
方向沿半径向外
或
太原理工大学大学物理
(3) 球内、外各点的电势。
由（ 2）知，带电球的电场分布
r
.
P
∞
当 r > R 时 选 V ∞=0，沿矢径方向积分到无限远处，
球面外一点 p 的电势
V
E dl
q
q
（
）
p
r
40r 2
dr
4 0r
r R
太原理工大学大学物理
当r< R 时，球面内一点 p ’的电势 p ’ V
E dl
R
E dl
∞
r E dl
R r .
p
R
qr 2
q
2 dr
4 4 dr
R
4
0 r
r
R
q
-
qr 3
+
q
12
R
4
0R 12 4 0 R
q
- qr 3
q
r 3
0 R 4
4-R 3
3
0R 12
12 0
R
太原理工大学大学物理
9-22 题略
解：取无穷远处电势为零，则 内球面处电势为
q 3q V 1
4 02R
4 0 R
外球面处电势为V 2
q 3q
4 02R 4 02R
带电粒子由内球面从静止释放到达外球面时电场力作功，
由动能定理可得粒子的
动能
1 mv
2 Q(V 1 V 2 )= Qq
2
8 0 R
9-23 题略
解：取无穷远处电势为零，则
O 点的电势为V 0 0
C 点电势为
q q
V C
403R40R
电荷 q 0 从 O 到 C 移动过程中电场力作功为
A
OC
q 0 (V O
q 0 q V C )=
6 0R
9-补充 半径为 2mm 的球形水滴具有电势 300V 。求：（1）水滴上所带的电荷量。
大学物理实验课后习题答案
一牛顿环的各环是否等宽?密度是否均匀?解释原因? 因为环是由空气劈上下表面反射的两束光叠加干涉形成的。劈的上表面变化在横向是不均匀的，故光程差也不是均匀变化的。所以各环是不等宽的环的密度也不是均匀的。各环不等宽，半径小的环宽，越到外边越窄，密度是不均匀的,牛顿环的半径公式是：半径r等于根号下(m+1/2)λR，其中m为环的级数。从公式可以看出，半径和环数并不是线性关系，这样环自然不均匀。计算可以知道，越往外环越密。 二牛顿环的干涉圆环是由哪两束相干光干涉产生的? 半凸透镜下表面和下底面上表面的两束反射光 三电桥由哪几部分组成?电桥平衡的条件? 由电源、开关、检流计桥臂电阻组成。 平衡条件是Rx=(R1/R2)R3 四接通电源后,检流计指针始终向一边偏转,试分析出现这种情况的原因? 指针向一侧偏转就说明发生了电子的定向移动了，这个应该没问题。 指针不偏转，有2种情况吧，其1呢是整个电路发生了断路或其他故障，还1种情况则是流过的电流太小，不足于使电表发生偏转或其偏转的角度肉眼根本看不到。 无论如何调节，检流计指针都不动，电路中可能出现故障是调节臂电阻断路或短路。。无论如何调节，检流计指针始终像一边偏而无法平衡，电路中有可能出现故障是有一个臂（非调节臂）的电阻坏了。（断路或短路） 五什么叫铁磁材料的磁滞现象? 铁磁物质经外磁场磁化到饱和以后，把磁场去掉。这些物质仍保留有剩余磁化强度。需要反方向加磁场才能把这剩余磁化强度变为零。这种现象称为铁磁的磁滞现象。也是说，铁磁材料的磁状态，不仅要看它现在所处的磁场条件；而且还要看它过去的状态。 六如何判断铁磁材料属于软.硬材料? 软磁材料的特点是：磁导率大，矫顽力小，磁滞损耗小，磁滞回线呈长条状；硬磁材料的特点是：剩磁大，矫顽力也大 用光栅方程进行测量的条件是什么? 条件是一束平行光垂直射入光栅平面上，光波发生衍射，即可用光栅方程进行计算。如何实现：使用分光计，光线通过平行光管射入，当狭缝位于透镜的焦平面上时，就能使射在狭缝上的光经过透镜后成为平行光 用光栅方程进行测量,当狭缝太窄或者太宽会怎么样?为什么? 缝太窄，入射光的光强太弱，缝太宽，根据光的空间相干性可以知道，条纹的明暗对比度会下降！ 区别是，太窄了，亮纹会越来越暗，暗纹不变，直到一片黑暗！ 太宽，暗条纹会逐渐加强，明纹不变，直到一片光明！
大学物理学 答案
作业 1-1填空题 (1) 一质点，以1-?s m π的匀速率作半径为5m 的圆周运动，则该质点在5s 内，位移的大 小是 ；经过的路程 是 。 [答案： 10m ； 5πm] (2) 一质点沿x 方向运动，其加速度随时间 的变化关系为a=3+2t (SI)，如果初始时刻 质点的速度v 0为5m 2s -1，则当t 为3s 时， 质点的速度v= 。 [答案： 23m 2s -1 ] 1-2选择题 (1) 一质点作直线运动，某时刻的瞬时 速度s m v /2=，瞬时加速度2/2s m a -=，则 一秒钟后质点的速度 (A)等于零 (B)等于-2m/s (C)等于2m/s (D)不能确定。 [答案：D] (2) 一质点沿半径为R 的圆周作匀速率运 动，每t 秒转一圈，在2t 时间间隔中，其
平均速度大小和平均速率大小分别为 (A)t R t R ππ2,2 (B) t R π2,0 (C) 0,0 (D) 0,2t R π [答案：B] (3)一运动质点在某瞬时位于矢径) ,(y x r 的端点处，其速度大小为 (A)dt dr (B)dt r d (C)dt r d || (D) 22)()(dt dy dt dx + [答案：D] 1-4 下面几个质点运动学方程，哪个是匀变速直线运动？ （1）x=4t-3；（2）x=-4t 3+3t 2+6；（3） x=-2t 2+8t+4；（4）x=2/t 2-4/t 。 给出这个匀变速直线运动在t=3s 时的 速度和加速度，并说明该时刻运动是加速 的还是减速的。（x 单位为m ，t 单位为s ） 解：匀变速直线运动即加速度为不等于
大学物理学下册答案第11章
第11章 稳恒磁场 习 题 一 选择题 11-1 边长为l 的正方形线圈，分别用图11-1中所示的两种方式通以电流I （其中ab 、cd 与正方形共面），在这两种情况下，线圈在其中心产生的磁感应强度的大小分别为：[ ] （A ）10B =，20B = （B ）10B = ，02I B l π= （C ）01I B l π= ，20B = （D ）01I B l π= ，02I B l π= 答案：C 解析：有限长直导线在空间激发的磁感应强度大小为012(cos cos )4I B d μθθπ= -，并结合右手螺旋定则判断磁感应强度方向，按照磁场的叠加原理，可计 算 01I B l π= ，20B =。故正确答案为（C ）。 11-2 两个载有相等电流I 的半径为R 的圆线圈一个处于水平位置，一个处于竖直位置，两个线圈的圆心重合，如图11-2所示，则在圆心O 处的磁感应强度大小为多少? [ ] （A ）0 （B ）R I 2/0μ （C ）R I 2/20μ （D ）R I /0μ 答案：C 解析：圆线圈在圆心处的磁感应强度大小为120/2B B I R μ==，按照右手螺旋定 习题11-1图 习题11-2图
则判断知1B 和2B 的方向相互垂直，依照磁场的矢量叠加原理，计算可得圆心O 处的磁感应强度大小为0/2B I R =。 11-3 如图11-3所示，在均匀磁场B 中，有一个半径为R 的半球面S ，S 边线所在平面的单位法线矢量n 与磁感应强度B 的夹角为α，则通过该半球面的磁通量的大小为[ ] （A ）B R 2π （B ）B R 22π （C ）2cos R B πα （D ）2sin R B πα 答案：C 解析：通过半球面的磁感应线线必通过底面，因此2cos m B S R B παΦ=?= 。故正 确答案为（C ）。 11-4 如图11-4所示，在无限长载流直导线附近作一球形闭合曲面S ，当曲面S 向长直导线靠近时，穿过曲面S 的磁通量Φ B 将如何变化？[ ] （ A ）Φ增大， B 也增大 （B ）Φ不变，B 也不变 （ C ）Φ增大，B 不变 （ D ）Φ不变，B 增大 答案：D 解析：根据磁场的高斯定理0S BdS Φ==? ，通过闭合曲面S 的磁感应强度始终为0，保持不变。无限长载流直导线在空间中激发的磁感应强度大小为02I B d μπ= ，曲面S 靠近长直导线时，距离d 减小，从而B 增大。故正确答案为（D ）。 11-5下列说法正确的是[ ] (A) 闭合回路上各点磁感应强度都为零时，回路内一定没有电流穿过 (B) 闭合回路上各点磁感应强度都为零时，回路内穿过电流的代数和必定为零 (C) 磁感应强度沿闭合回路的积分为零时，回路上各点的磁感应强度必定为零 (D) 磁感应强度沿闭合回路的积分不为零时，回路上任意一点的磁感应强度 I 习题11-4图 习题11-3图
大学物理实验课后答案
实验一霍尔效应及其应用 【预习思考题】 1．列出计算霍尔系数、载流子浓度n、电导率σ及迁移率μ的计算公式，并注明单位。 霍尔系数，载流子浓度，电导率，迁移率。 2．如已知霍尔样品的工作电流及磁感应强度B的方向，如何判断样品的导电类型？ 以根据右手螺旋定则，从工作电流旋到磁感应强度B确定的方向为正向，若测得的霍尔电压为正，则样品为P型，反之则为N型。 3．本实验为什么要用3个换向开关？ 为了在测量时消除一些霍尔效应的副效应的影响，需要在测量时改变工作电 流及磁感应强度B的方向，因此就需要2个换向开关；除了测量霍尔电压，还要测量A、C间的电位差，这是两个不同的测量位置，又需要1个换向开关。总之，一共需要3个换向开关。 【分析讨论题】 1．若磁感应强度B和霍尔器件平面不完全正交，按式（5.2-5）测出的霍尔系数比实际值大还是小？要准确测定值应怎样进行？ 若磁感应强度B和霍尔器件平面不完全正交，则测出的霍尔系数比实际值偏小。要想准确测定，就需要保证磁感应强度B和霍尔器件平面完全正交，或者设法测量出磁感应强度B和霍尔器件平面的夹角。 2．若已知霍尔器件的性能参数，采用霍尔效应法测量一个未知磁场时，测量误差有哪些来源？ 误差来源有：测量工作电流的电流表的测量误差，测量霍尔器件厚度d的长度测量仪器的测量误差，测量霍尔电压的电压表的测量误差，磁场方向与霍尔器件平面的夹角影响等。 实验二声速的测量 【预习思考题】 1. 如何调节和判断测量系统是否处于共振状态？为什么要在系统处于共振的条件下进行声速测定？ 答：缓慢调节声速测试仪信号源面板上的“信号频率”旋钮，使交流毫伏表指针指示达到最大（或晶体管电压表的示值达到最大），此时系统处于共振状态，显示共振发生的信号指示灯亮，信号源面板上频率显示窗口显示共振频率。在进行声速测定时需要测定驻波波节的位置，当发射换能器S1处于共振状态时，发射的超声波能量最大。若在这样一个最佳状态移动S1至每一个波节处，媒质压缩形变最大，则产生的声压最大，接收换能器S2接收到的声压为最大，转变成电信号，晶体管电压表会显示出最大值。由数显表头读出每一个电压最大值时的位置，即对应的波节位置。因此在系统处于共振的条件下进行声速测定，可以容易和准确地测定波节的位置，提高测量的准确度。 2. 压电陶瓷超声换能器是怎样实现机械信号和电信号之间的相互转换的？ 答：压电陶瓷超声换能器的重要组成部分是压电陶瓷环。压电陶瓷环由多晶结构的压电材料制成。这种材料在受到机械应力，发生机械形变时，会发生极化，同时在极化方向产生电场，这种特性称为压电效应。反之，如果在压电材料上加交
赵近芳版《大学物理学上册》课后答案
1 习题解答 习题一 1-1 ｜r ?｜与r ? 有无不同? t d d r 和 t d d r 有无不同? t d d v 和 t d d v 有无不同?其不同在哪里?试举例说明． 解：（1） r ?是位移的模，? r 是位矢的模的增量，即r ?1 2r r -=，1 2r r r -=?； （2） t d d r 是速度的模，即 t d d r = =v t s d d .t r d d 只是速度在径向上的分量. ∵有r r ?r =（式中r ?叫做单位矢），则t ?r ?t r t d d d d d d r r r += 式中t r d d 就是速度径向上的分量， ∴ t r t d d d d 与 r 不同如题1-1图所示 . 题1-1图 (3) t d d v 表示加速度的模，即t v a d d = ， t v d d 是加速度a 在切向上的分量. ∵有ττ (v =v 表轨道节线方向单位矢） ，所以 t v t v t v d d d d d d ττ += 式中dt dv 就是加速度的切向分量. (t t r d ?d d ?d τ 与的运算较复杂，超出教材规定，故不予讨论) 1-2 设质点的运动方程为x =x (t )，y = y (t )，在计算质点的速度和加速度时，有人先求出r ＝2 2y x +，然后根据v = t r d d ，及a ＝ 2 2d d t r 而求得结果；又有人先计算速度和加速度的分量，再合成求得结果，即 v = 2 2d d d d ?? ? ??+??? ??t y t x 及a = 2 22222d d d d ??? ? ??+???? ??t y t x 你认为两种方法哪一种正确？为什么？两者差别何在？ 解：后一种方法正确.因为速度与加速度都是矢量，在平面直角坐标系中，有j y i x r +=， j t y i t x t r a j t y i t x t r v 222222d d d d d d d d d d d d +==+==∴ 故它们的模即为
大学物理第11章习题解答
习题11 1. 选择题 (1) 一圆形线圈在均匀磁场中作下列运动时, 哪些情况会产生感应电流( ) A. 沿垂直磁场方向平移 B. 以直径为轴转动, 轴跟磁场垂直 C. 沿平行磁场方向平移 D. 以直径为轴转动, 轴跟磁场平行 (2) 尺寸相同的铁环与铜环所包围的面积中, 通以相同变化率的磁通量, 环中( ) A. 感应电动势相同, 感应电流不同. B. 感应电动势相同, 感应电流相同. C. 感应电动势不同, 感应电流相同. D. 感应电动势不同. (3) 对于涡旋电场, 下列说法不正确的是( ) A. 涡旋电场对电荷有作用力. B. 涡旋电场由变化的磁场产生. C. 涡旋电场由电荷激发. D. 涡旋电场的电场线是闭合的. (4) 用线圈的自感系数L 来表示载流线圈磁场能量的公式2 12 m W LI =( ) A. 只适用于单匝圆线圈. B. 只适用于一个匝数很多, 且密绕的螺线环. C. 适用于自感系数L 一定的任意线圈. D. 只适用于无限长密绕螺线管. (5) 有两个长直密绕螺线管, 长度及线圈匝数均相同, 半径分别为1r 和2r . 管内充满均匀介质, 其磁导率分别为1μ和2μ. 设1212r r =, 1221μμ=, 当将两只螺线管串联在电路中通电稳定后, 其自感系数之比12L L 与磁能之比12m m W W 分别为( ) A. 1211L L =, 1211m m W W =. B. 1212L L =, 1211m m W W =. C. 1212L L =, 1212m m W W =. D. 1221L L =, 1221m m W W =. 答案：B A C D C 2. 填空题 (1) 电阻2R =Ω的闭合导体回路置于变化磁场中, 通过回路包围面的磁通量与时间的关系 为23 (582)10()m t t Wb -Φ=+-?, 则在2t s =至3t s =的时间内, 流过回路导体横截面 的感应电荷等于______________C .
大学物理 马文蔚 第五版 下册 第九章到第十一章课后答案汇总
第九章振动 9-1一个质点作简谐运动， 振幅为A，在起始时刻质点的位移为 2 A -，且向x轴正方向运动，代表此简谐运动的旋转矢量为（） 题９-１图 分析与解（b）图中旋转矢量的矢端在x轴上投影点的位移为－A/2，且投影点的运动方向指向O x轴正向，即其速度的x分量大于零，故满足题意．因而正确答案为（b）．9-2已知某简谐运动的振动曲线如图（a）所示，则此简谐运动的运动方程为（）()()()() ()()()() cm π 3 2 π 3 4 cos 2 D cm π 3 2 π 3 4 cos 2 B cm π 3 2 π 3 2 cos 2 C cm π 3 2 π 3 2 cos 2 A ?? ? ?? ? + = ?? ? ?? ? - = ?? ? ?? ? + = ?? ? ?? ? - = t x t x t x t x 题９-２图 分析与解由振动曲线可知，初始时刻质点的位移为–A/2，且向x轴负方向运动．图（ｂ）是其相应的旋转矢量图，由旋转矢量法可知初相位为3/π 2．振动曲线上给出质点从–A/2 处运动到+A处所需时间为 1 s，由对应旋转矢量图可知相应的相位差3/π 4 Δ=，则角频率()1s3/π4 Δ / Δ- = =t ω，故选（D）．本题也可根据振动曲线所给信息，逐一代入方程来找出正确答案．
9-3 两个同周期简谐运动曲线如图（a ） 所示， x 1 的相位比x 2 的相位（ ） （A ） 落后2π （B ）超前2 π （C ）落后π （D ）超前π 分析与解 由振动曲线图作出相应的旋转矢量图（b ） 即可得到答案为（b ）． 题９-３ 图 9-4 当质点以频率ν 作简谐运动时，它的动能的变化频率为（ ） （A ） 2 v （B ）v （C ）v 2 （D ）v 4 分析与解 质点作简谐运动的动能表式为()?ωω+=t A m E k 222sin 2 1，可见其周期为简谐运动周期的一半，则频率为简谐运动频率ν的两倍．因而正确答案为（C ）． 9-5 图（a ）中所画的是两个简谐运动的曲线，若这两个简谐运动可叠加，则合成的余弦振动的初相位为（ ） （A ） π2 3 （B ）π21 （C ）π （D ）0 分析与解 由振动曲线可以知道，这是两个同振动方向、同频率简谐运动，它们的相位差 是π（即反相位）．运动方程分别为t A x ωcos 1=和()πcos 2 2+= t ωA x ．它们的振幅不同．对于这样两个简谐运动，可用旋转矢量法，如图（b ）很方便求得合运动方程为t A x ωcos 21=．因而正确答案为（D ）．
大学物理实验课后答案
（1）利用f=(D+d)(D-d)/4D 测量凸透镜焦距有什么优点？ 答这种方法可以避免透镜光心位置得不确定而带来得测量物距与像距得误差。 （2）为什么在本实验中利用1/u+1/v=1/f 测焦距时，测量u与v都用毫米刻度得米尺就可以满足要求？设透镜由于色差与非近轴光线引起得误差就是1％。 答设物距为20cm，毫米刻度尺带来得最大误差为0、5mm，其相对误差为 0、25％，故没必要用更高精度得仪器。 （3）如果测得多组u，v值，然后以u+v为纵轴，以uv为横轴，作出实验得曲线属于什么类型，如何利用曲线求出透镜得焦距f。 答直线；1/f为直线得斜率。 （4）试证：在位移法中，为什么物屏与像屏得间距D要略大于4f？ 由f=(D+d)(D-d)/4D →D2-4Df=d2→D(D-4f)=d2 因为d>0 and D>0 故 D>4f 1、避免测量u、ν得值时，难于找准透镜光心位置所造成得误差。 2、因为实验中，侧得值u、ν、f都相对较大，为十几厘米到几十厘米左右，而误差为1%，即一毫米到几毫米之间，所以可以满足要求。 3、曲线为曲线型曲线。透镜得焦距为基斜率得倒数。 ①当缝宽增加一倍时,衍射光样得光强与条纹宽度将会怎样变化?如缝宽减半,又怎样改变? 答: a增大一倍时, 光强度↑；由a=Lλ/b ，b减小一半 a减小一半时, 光强度↓；由a=Lλ/b ，b增大一倍。 ②激光输出得光强如有变动,对单缝衍射图象与光强分布曲线有无影响?有何影响? 答:由b=Lλ/a、无论光强如何变化,只要缝宽不变,L不变,则衍射图象得光强分布曲线不变(条纹间距b不变)；整体光强度↑或者↓。
③用实验中所应用得方法就是否可测量细丝直径？其原理与方法如何？ 答：可以，原理与方法与测单狭缝同。 ④本实验中，λ=632。8nm ,缝宽约为5*10^-3㎝,屏距L 为50㎝。试验证： 就是否满足夫朗与费衍射条件？ 答：依题意： L λ=（50*10^-2）*（632、8*10^-9）=3、164*10^-7 a^2/8=(5*10^-5)^2/8=3、1*10^-10 所以L λ<
大学物理学(第三版)课后习题参考答案
习题1 1.1选择题 (1) 一运动质点在某瞬时位于矢径),(y x r 的端点处，其速度大小为 (A)dt dr (B)dt r d (C)dt r d | | (D) 22)()(dt dy dt dx + [答案：D] (2) 一质点作直线运动，某时刻的瞬时速度s m v /2=，瞬时加速度2 /2s m a -=，则 一秒钟后质点的速度 (A)等于零 (B)等于-2m/s (C)等于2m/s (D)不能确定。 [答案：D] (3) 一质点沿半径为R 的圆周作匀速率运动，每t 秒转一圈，在2t 时间间隔中，其平均速度大小和平均速率大小分别为 (A) t R t R ππ2, 2 (B) t R π2,0 (C) 0,0 (D) 0,2t R π [答案：B] 1.2填空题 (1) 一质点，以1 -?s m π的匀速率作半径为5m 的圆周运动，则该质点在5s 内，位移的大小是 ；经过的路程是 。 [答案： 10m ； 5πm] (2) 一质点沿x 方向运动，其加速度随时间的变化关系为a=3+2t (SI)，如果初始时刻质点的 速度v 0为5m ·s -1 ，则当t 为3s 时，质点的速度v= 。 [答案： 23m ·s -1 ] (3) 轮船在水上以相对于水的速度1V 航行，水流速度为2V ，一人相对于甲板以速度3V 行走。如人相对于岸静止，则1V 、2V 和3V 的关系是 。 [答案： 0321=++V V V ]
1.3 一个物体能否被看作质点，你认为主要由以下三个因素中哪个因素决定： (1) 物体的大小和形状； (2) 物体的内部结构； (3) 所研究问题的性质。 解：只有当物体的尺寸远小于其运动范围时才可忽略其大小的影响，因此主要由所研究问题的性质决定。 1.4 下面几个质点运动学方程，哪个是匀变速直线运动？ （1）x=4t-3；（2）x=-4t 3+3t 2+6；（3）x=-2t 2+8t+4；（4）x=2/t 2 -4/t 。 给出这个匀变速直线运动在t=3s 时的速度和加速度，并说明该时刻运动是加速的还是减速的。（x 单位为m ，t 单位为s ） 解：匀变速直线运动即加速度为不等于零的常数时的运动。加速度又是位移对时间的两阶导数。于是可得（3）为匀变速直线运动。 其速度和加速度表达式分别为 2 2484 dx v t dt d x a dt = =+== t=3s 时的速度和加速度分别为v =20m/s ，a =4m/s 2 。因加速度为正所以是加速的。 1.5 在以下几种运动中，质点的切向加速度、法向加速度以及加速度哪些为零哪些不为零？ (1) 匀速直线运动；(2) 匀速曲线运动；(3) 变速直线运动；(4) 变速曲线运动。 解：(1) 质点作匀速直线运动时，其切向加速度、法向加速度及加速度均为零； (2) 质点作匀速曲线运动时，其切向加速度为零，法向加速度和加速度均不为零； (3) 质点作变速直线运动时，其法向加速度为零，切向加速度和加速度均不为零； (4) 质点作变速曲线运动时，其切向加速度、法向加速度及加速度均不为零。 1.6 ｜r ?｜与r ? 有无不同?t d d r 和d d r t 有无不同? t d d v 和t d d v 有无不同?其不同在哪里?试举例说明． 解：（1）r ?是位移的模，?r 是位矢的模的增量，即r ?12r r -=，12r r r -=?； （2） t d d r 是速度的模，即t d d r ==v t s d d . t r d d 只是速度在径向上的分量. ∵有r r ?r =（式中r ?叫做单位矢），则 t ?r ?t r t d d d d d d r r r += 式中 t r d d 就是速度在径向上的分量，
大学物理第11章习题答案(供参考)
第11章 电磁感应 11.１ 基本要求 １理解电动势的概念。 ２掌握法拉第电磁感应定律和楞次定律，能熟练地应用它们来计算感应电动势的大小，判别感应电动势的方向。 ３理解动生电动势的概念及规律，会计算一些简单问题中的动生电动势。 ４理解感生电场、感生电动势的概念及规律，会计算一些简单问题中的感生电动势。 ５理解自感现象和自感系数的定义及物理意义，会计算简单回路中的自感系数。 ６理解互感现象和互感系数的定义及物理意义，能计算简单导体回路间的互感系数。 ７理解磁能（磁场能量）和磁能密度的概念，能计算一些简单情况下的磁场能量。 ８了解位移电流的概念以及麦克斯韦方程组（积分形式）的物理意义。 11.２ 基本概念 １电动势ε：把单位正电荷从负极通过电源内部移到正极时，非静电力所作的功，即 W q ε= ２动生电动势：仅由导体或导体回路在磁场中的运动而产生的感应电动势。 ３感生电场k E ：变化的磁场在其周围所激发的电场。与静电场不同，感生电场的电 场线是闭合的，所以感生电场也称有旋电场。 ４感生电动势：仅由磁场变化而产生的感应电动势。 ５自感：有使回路保持原有电流不变的性质，是回路本身的“电磁惯性”的量度。 自感系数L ：//m L I N I =ψ=Φ ６自感电动势L ε：当通过回路的电流发生变化时，在自身回路中所产生的感应电动势。
７互感系数M ：2112 12 M I I ψψ= = ８互感电动势12ε：当线圈２的电流2I 发生变化时，在线圈１中所产生的感应电动势。 ９磁场能量m W ：贮存在磁场中的能量。 自感贮存磁能：212 m W LI = 磁能密度m w ：单位体积中贮存的磁场能量22111 222 m B w μH HB μ=== １０位移电流：D d d I dt Φ= s d t ?=??D S ，位移电流并不表示有真实的电荷在空 间移动。但是，位移电流的量纲和在激发磁场方面的作用与传导电流是一致的。 １１位移电流密度：d t ?=?D j 11.３ 基本规律 １电磁感应的基本定律：描述电磁感应现象的基本规律有两条。 （１）楞次定律：感生电流的磁场所产生的磁通量总是反抗回路中原磁通量的改变。楞 次定律是判断感应电流方向的普适定则。 （２）法拉第电磁感应定律：不论什么原因使通过回路的磁通量（或磁链）发生变化，回路 中均有感应电动势产生，其大小与通过该回路的磁通量（或磁链）随时间的变化成正比，即 m i d dt εΦ=- ２动生电动势：()B B K A A i εd d ==???E l v B l ，若0i ε>,则表示电动势方向由A B →;若 0i ε<,则表示电动势方向B A → ３感生电动势：m K l s i d Φd εd d dt dt = ?=- =-? ?B E l S （对于导体回路） B K A i εd =?E l （对于一段导体） ４自感电动势：L dI εL dt =- ５互感电动势：12212d ΨdI εM dt dt =-=- ６麦克斯韦方程组
大学物理第五版(马文蔚)电磁学习题答案
第五章 静 电 场 5 －1 电荷面密度均为＋σ的两块“无限大”均匀带电的平行平板如图(A)放置，其周围空间各点电场强度E (设电场强度方向向右为正、向左为负)随位置坐标x 变化的关系曲线为图(B)中的( ) 分析与解 “无限大”均匀带电平板激发的电场强度为0 2εσ，方向沿带电平板法向向外，依照电场叠加原理可以求得各区域电场强度的大小和方向.因而正确答案为(B). 5 －2 下列说法正确的是( ) (A)闭合曲面上各点电场强度都为零时，曲面内一定没有电荷 (B)闭合曲面上各点电场强度都为零时，曲面内电荷的代数和必定为零 (C)闭合曲面的电通量为零时，曲面上各点的电场强度必定为零 (D)闭合曲面的电通量不为零时，曲面上任意一点的电场强度都不可能为零 分析与解 依照静电场中的高斯定理，闭合曲面上各点电场强度都为零时，曲面内电荷的代数和必定为零，但不能肯定曲面内一定没有电荷；闭合曲面的电通量为零时，表示穿入闭合曲面的电场线数等于穿出闭合曲面的电场线数或没有电场线穿过闭合曲面，不能确定曲面上各点的电场强度必定为零；同理闭合曲面的电通量不为零，也不能推断曲面上任意一点的电场强度都不可能为零，因而正确答案为(B).
5 －3下列说法正确的是( ) (A) 电场强度为零的点，电势也一定为零 (B) 电场强度不为零的点，电势也一定不为零 (C) 电势为零的点，电场强度也一定为零 (D) 电势在某一区域内为常量，则电场强度在该区域内必定为零 分析与解电场强度与电势是描述电场的两个不同物理量，电场强度为零表示试验电荷在该点受到的电场力为零，电势为零表示将试验电荷从该点移到参考零电势点时，电场力作功为零.电场中一点的电势等于单位正电荷从该点沿任意路径到参考零电势点电场力所作的功；电场强度等于负电势梯度.因而正确答案为(D). *5 －4在一个带负电的带电棒附近有一个电偶极子，其电偶极矩p的方向如图所示.当电偶极子被释放后，该电偶极子将( ) (A) 沿逆时针方向旋转直到电偶极矩p水平指向棒尖端而停止 (B) 沿逆时针方向旋转至电偶极矩p水平指向棒尖端，同时沿电场线方向朝着棒尖端移动 (C) 沿逆时针方向旋转至电偶极矩p水平指向棒尖端，同时逆电场线方向朝远离棒尖端移动 (D) 沿顺时针方向旋转至电偶极矩p 水平方向沿棒尖端朝外，同时沿电场线方向朝着棒尖端移动 分析与解电偶极子在非均匀外电场中，除了受到力矩作用使得电偶极子指向电场方向外，还将受到一个指向电场强度增强方向的合力作用，因而正确答案为(B). 5 －5精密实验表明，电子与质子电量差值的最大范围不会超过±10－21e，而中子电量与零差值的最大范围也不会超过±10－21e，由最极端的情况考虑，一个有8 个电子，8 个质子和8 个中子构成的氧原子所带的最大可能净电荷是多少？若将原子视作质点，试比较两个氧原子间的库仑力和万有引力的
大学物理学上册习题解答
大学物理学习题答案 习题一答案 习题一 1.1 简要回答下列问题： (1) 位移和路程有何区别？在什么情况下二者的量值相等？在什么情况下二者的量值不相等？ (2) 平均速度和平均速率有何区别？在什么情况下二者的量值相等？ (3) 瞬时速度和平均速度的关系和区别是什么？瞬时速率和平均速率的关系和区别又是什么？ (4) 质点的位矢方向不变，它是否一定做直线运动？质点做直线运动，其位矢的方向是否一定保持不变？ (5) r ?v 和r ?v 有区别吗？v ?v 和v ?v 有区别吗？0dv dt =v 和0d v dt =v 各代表什么运动？ (6) 设质点的运动方程为：()x x t = ，()y y t =，在计算质点的速度和加速度时，有人先求出 r = dr v dt = 及 22d r a dt = 而求得结果；又有人先计算速度和加速度的分量，再合成求得结果，即 v = 及 a = 你认为两种方法哪一种正确？两者区别何在？ (7) 如果一质点的加速度与时间的关系是线性的，那么，该质点的速度和位矢与时间的关系是否也是线性 的？ (8) “物体做曲线运动时，速度方向一定在运动轨道的切线方向，法向分速度恒为零，因此其法向加速度 也一定为零.”这种说法正确吗？ (9) 任意平面曲线运动的加速度的方向总指向曲线凹进那一侧，为什么？ (10) 质点沿圆周运动，且速率随时间均匀增大，n a 、t a 、a 三者的大小是否随时间改变？ (11) 一个人在以恒定速度运动的火车上竖直向上抛出一石子，此石子能否落回他的手中？如果石子抛出后，火车以恒定加速度前进，结果又如何？ 1.2 一质点沿x 轴运动，坐标与时间的变化关系为224t t x -=，式中t x ,分别以m 、s 为单位，试计算：(1)在最初s 2内的位移、平均速度和s 2末的瞬时速度；(2)s 1末到s 3末的平均加速度；(3)s 3末的瞬时加速度。 解： (1) 最初s 2内的位移为为： (2)(0)000(/)x x x m s ?=-=-= 最初s 2内的平均速度为： 0(/)2 ave x v m s t ?= ==?
大学物理课后答案第十一章
第十一章 机械振动 一、基本要求 1．掌握简谐振动的基本特征，学会由牛顿定律建立一维简谐振动的微分方程，并判断其是否谐振动。 2. 掌握描述简谐运动的运动方程)cos( 0?ω+=t A x ，理解振动位移，振幅，初位相，位相，圆频率，频率，周期的物理意义。能根据给出的初始条件求振幅和初位相。 3. 掌握旋转矢量法。 4. 理解同方向、同频率两个简谐振动的合成规律，以及合振动振幅极大和极小的条件。 二、基本内容 1. 振动 物体在某一平衡位置附近的往复运动叫做机械振动。如果物体振动的位置满足)()(T t x t x +=，则该物体的运动称为周期性运动。否则称为非周期运动。但是一切复杂的非周期性的运动，都可以分解成许多不同频率的简谐振动（周期性运动）的叠加。振动不仅限于机械运动中的振动过程，分子热运动，电磁运动，晶体中原子的运动等虽属不同运动形式，各自遵循不同的运动规律，但是就其中的振动过程讲，都具有共同的物理特征。 一个物理量，例如电量、电流、电压等围绕平衡值随时间作周期性（或准周期性）的变化，也是一种振动。 2. 简谐振动 简谐振动是一种周期性的振动过程。它可以是机械振动中的位移、速度、加速度，也可以是电流、电量、电压等其它物理量。简谐振动是最简单，最基本的周期性运动，它是组成复杂运动的基本要素，所以简谐运动的研究是本章一个重点。 （1）简谐振动表达式)cos(0?ω+=t A x 反映了作简谐振动的物体位移随时间的变化遵循余弦规律，这也是简谐振动的定义，即判断一个物体是否作简谐振动的运动学根据。但是简谐振动表达式更多地用来揭示描述一个简谐运动必须
涉及到的物理量A 、ω、0?（或称描述简谐运动的三个参量），显然三个参量确定后，任一时刻作简谐振动的物体的位移、速度、加速度都可以由t 对应地得到。 )2 cos()sin(00π ?ωω?ωω+ +=+-=t A t A v )c o s ()c o s (0202π?ωω?ωω±+=+-=t A t A a （2）简谐运动的动力学特征为：物体受到的力的大小总是与物体对其平衡位置的位移成正比、而方向相反，即kx F -=，它是判定一个系统的运动过程是否作简谐运动的动力学根据，只要受力分析满足动力学特征的，毫无疑问地系统的运动是简谐运动。这里应该注意，F 系指合力，它可以是弹性力或准弹性力。 （3）和简谐运动的动力学特征相一致的是简谐运动的运动学特征：作简谐 运动物体的加速度大小总是与其位移大小成正比、而方向相反，即x dt x d 222ω-=， 它也是物体是否作简谐运动的判据之一。只要加速度与位移大小成正比、而方向恒相反，则该物理量的变化过程就是一个简谐运动的过程。在非力学量，例如电量、电流和电压等电学量，就不易用简谐振动的动力学特征去判定，而LC 电路中的电量q 就满足q LC dt q d 1 22-=，故电量q 的变化过程就是一个简谐振荡的过程，显然用运动学的特征来判定简谐运动更具有广泛的意义。 3. 简谐振动的振幅、周期、频率和相位 （1）振幅A 是指最大位移的绝对值。A 是由初始条件来决定的，即 2 20 2 ω v + = x A 。 （2）周期T 是指完成一次完整的振动所用时间。ω π 2=T ，式中ω是简谐振 动的圆频率，它是由谐振动系统的构造来决定的，即m k =ω,ω也称为固有圆频率。对应的T 称为固有周期。v T 1 = ，式中v 称为频率（即固有频率），它与圆频率的关系2v ωπ=，是由系统本身决定的。
大学物理(第五版)下册
第9、10章 振动与波动习题 一、选择题 1. 已知四个质点在x 轴上运动, 某时刻质点位移x 与其所受合外力F 的关系分别由下列四式表示(式中a 、b 为正常数)．其中不能使质点作简谐振动的力是 [ ] (A) abx F = (B) abx F -= (C) b ax F +-= (D) a bx F /-= 2. 如图4-1-5所示，一弹簧振子周期为T ．现将弹簧截去一半，仍挂上原来的物体, 则 新的弹簧振子周期为 [ ] (A) T (B) 2T (C) 1.4T (D) 0.7T 3. 在简谐振动的运动方程中，振动相位)(?ω+t 的物理意义是 [ ] (A) 表征了简谐振子t 时刻所在的位置 (B) 表征了简谐振子t 时刻的振动状态 (C) 给出了简谐振子t 时刻加速度的方向 (D) 给出了简谐振子t 时刻所受回复力的方向 角, 然后放手任其作4. 如图4-1-9所示，把单摆从平衡位置拉开, 使摆线与竖直方向成 微小的摆动．若以放手时刻为开始观察的时刻, 用余弦函数表示这一振 动, 则其振动的初相位为 [ ] (A) (B) 2π 或π2 3 (C) 0 (D) π 5. 两质点在同一方向上作同振幅、同频率的简谐振动．在振动过程中, 每当它们经过振幅一半的地方时, 其运 动方向都相反．则这两个振动的相位差为 [ ] (A) π (B) π32 (C) π34 (D) π5 4 6. 一质点作简谐振动, 振动方程为)cos( ?ω+=t A x ． 则在2 T t =(T 为振动周期) 时, 质点的速度为 [ ] (A) ?ωsin A - (B) ?ωsin A (C) ?ωcos A - (D) ?ωcos A 7. 一物体作简谐振动, 其振动方程为)4πcos( +=t A x ω．则在2 T t = (T 为周期)时, 质点的加速度为 (A) 222ωA - (B) 222ωA (C) 223ωA - (D) 22 3ωA 8. 一质点以周期T 作简谐振动, 则质点由平衡位置正向运动到最大位移一半处的最短时间为 [ ] (A) 6T (B) 8T (C) 12 T (D) T 127 9. 某物体按余弦函数规律作简谐振动, 它的初相位为2 π 3, 则该物体振动的初始状态为 [ ] (A) x 0 = 0 , v 0 0 (B) x 0 = 0 , v 0＜0 (C) x 0 = 0 , v 0 = 0 (D) x 0 = A , v 0 = 0 10. 有一谐振子沿x 轴运动, 平衡位置在x = 0处, 周期为T , 振幅为A ，t = 0时刻振子过2 A x = 处向x 轴正方θ + 图4-1-9 图4-1-5
大学物理实验课后答案
大学物理实验课后答案 Final revision by standardization team on December 10, 2020.
（1）利用f=(D+d)(D-d)/4D 测量凸透镜焦距有什么优点 答这种方法可以避免透镜光心位置的不确定而带来的测量物距和像距的误差。（2）为什么在本实验中利用1/u+1/v=1/f 测焦距时，测量u和v都用毫米刻度的米尺就可以满足要求设透镜由于色差和非近轴光线引起的误差是1％。 答设物距为20cm，毫米刻度尺带来的最大误差为，其相对误差为％，故没必要用更高精度的仪器。 （3）如果测得多组u，v值，然后以u+v为纵轴，以uv为横轴，作出实验的曲线属于什么类型，如何利用曲线求出透镜的焦距f。 答直线；1/f为直线的斜率。 （4）试证：在位移法中，为什么物屏与像屏的间距D要略大于4f 由f=(D+d)(D-d)/4D → D2-4Df=d2→ D(D-4f)=d2 因为d>0 and D>0 故D>4f 1.避免测量u、ν的值时，难于找准透镜光心位置所造成的误差。 2.因为实验中，侧的值u、ν、f都相对较大，为十几厘米到几十厘米左右，而误差为1%，即一毫米到几毫米之间，所以可以满足要求。 3.曲线为曲线型曲线。透镜的焦距为基斜率的倒数。 ①当缝宽增加一倍时,衍射光样的光强和条纹宽度将会怎样变化如缝宽减半,又怎样改变 答: a增大一倍时, 光强度↑；由a=Lλ/b ，b减小一半 a减小一半时, 光强度↓；由a=Lλ/b ，b增大一倍。 ②激光输出的光强如有变动,对单缝衍射图象和光强分布曲线有无影响有何影响 答:由b=Lλ/a.无论光强如何变化,只要缝宽不变,L不变,则衍射图象的光强分布曲线不变 (条纹间距b不变)；整体光强度↑或者↓。 ③用实验中所应用的方法是否可测量细丝直径其原理和方法如何 答：可以，原理和方法与测单狭缝同。 ④本实验中，λ=632。8nm,缝宽约为5*10^-3㎝,屏距L为50㎝。试验证： 是否满足夫朗和费衍射条件 答：依题意： Lλ=（50*10^-2）*（*10^-9）=*10^-7 a^2/8=(5*10^-5)^2/8=*10^-10 所以Lλ< 大学物理上册答案详解 习题解答 习题一 1-1 ｜r ?｜与r ? 有无不同? t d d r 和t d d r 有无不同? t d d v 和t d d v 有无不同?其不同在哪里?试举例说明． 解：（1）r ?是位移的模，?r 是位矢的模的增量，即r ?12r r -=， 12r r r -=?； （2） t d d r 是速度的模，即t d d r ==v t s d d . t r d d 只是速度在径向上的分量. ∵有r r ?r =（式中r ?叫做单位矢），则 t ?r ?t r t d d d d d d r r r += 式中 t r d d 就是速度径向上的分量， ∴ t r t d d d d 与r 不同如题1-1图所示. 题1-1图 (3)t d d v 表示加速度的模，即t v a d d =，t v d d 是加速度a 在切向上的分量. ∵有ττ (v =v 表轨道节线方向单位矢），所以 t v t v t v d d d d d d ττ += 式中 dt dv 就是加速度的切向分量. (t t r d ?d d ?d τ 与的运算较复杂，超出教材规定，故不予讨论) 1-2 设质点的运动方程为x =x (t )，y =y (t )，在计算质点的速度和加 速度时，有人先求出r ＝2 2 y x +，然后根据v =t r d d ，及a ＝22d d t r 而求 得结果；又有人 v =2 2 d d d d ?? ? ??+??? ??t y t x 及a = 2 222 22d d d d ??? ? ??+???? ??t y t x 你认为两种方法哪一种正确？为什么？两者差别何在？ 解：后一种方法正确.因为速度与加速度都是矢量，在平面直角坐标 系中，有j y i x r +=， j t y i t x t r a j t y i t x t r v 22 2222d d d d d d d d d d d d +==+==∴ 故它们的模即为 2 222 22222 2 2 2d d d d d d d d ? ?? ? ??+???? ??=+=? ? ? ??+??? ??=+=t y t x a a a t y t x v v v y x y x 而前一种方法的错误可能有两点，其一是概念上的错误，即误把速度、加速度定义作 22d d d d t r a t r v == 其二，可能是将22d d d d t r t r 与误作速度与加速度的模。在1-1题中已说明 t r d d 不是速度的模，而只是速度在径向上的分量，同样，22d d t r 也不是加速 习 题 11-1 面积很大的导体平板A 与均匀带电平面B 平行放置，如习题11-1图所示。已知A 与B 相距d ，两者相对的部分的面积为S 。(1)设B 面带电量为q ，A 板的面电荷密度为1s 及2s ，求A 板与B 面之电势差。(2)若A 板带电量为Q ，求1s 及2s 。 (1)d S q U 0 212/εσσ-+= ； （2）S q Q 21+=σ，S q Q 22-=σ 习题11-1图 习题11-2图 习题11-3图 11-2 如习题11-2图所示，有三块互相平行的导体板，外面的两块用导线连接，原来不带电。中间一块上所带总面电荷密度为521310.C m --醋。求每块板的两个表面的面电荷密度各 是多少？ （忽略边缘效应。） 解：从上到下6个面一次为面1、2、3、4、5、6. 2 61σ σσ= =，8323σσσ= -=，8 554σ σσ=-= 11-3 如习题11-3图所示，半径为1R 的导体球带有电荷q ，球外有一个内、外半径为2R 、3R 的同心导体球壳，壳上带有电荷Q 。求：(1)两球的电势1j 及2j ；(2)两球的电势差j D ；(3)用导线把球和壳连接在一起后，1j ，2j 及j D 分别为多少？ (4)在情形(1)、(2)中，若外球接地，1j ，2j 和j D 为多少？(5)设外球离地面很远，若内球接地，情况如何？ 解：（1）3 024R Q q πε?+= ，2010301444R q R q R Q q πεπεπε?- ++=； (2)两球的电势差2 01 044R q R q U πεπε- = ； (3) 3 0214R Q q πε??+= =，0=U ；大学物理上册答案详解
河北科技大学大学物理答案11章分解