(物理)中考物理电功率测试题(含答案)

（物理）中考物理电功率测试题（含答案）

一、选择题

1．如图所示电路，电源电压为12V且保持不变。闭合开关S，当滑片P置于变阻器的中点时，电压表的示数为4V；当滑片P置于变阻器的b端时，电压表的示数变化了2V，在10s内定值电阻产生的热量为则下列结果正确的是

A. 电路中的最小电流为

B. 滑片P在中点时，9s内滑动变阻器R消耗的电能为60J

C. R先后两次消耗的电功率之比为

D. 先后两次消耗的电功率之比为

【答案】C

【解析】【解答】由电路图知道，定值电阻与滑动变阻器串联电压表测量滑动变阻器的电压；由串联电路起分压作用知道，滑片从中点到b端时，电压表示数增大了2V，即滑片P 置于变阻器的b端时，电压表示数是4V+2V=6V；由Q=U2/Rt知道，定值电阻的阻值是：R1 =U12/Q1t=（12V?6V）2/60J×10s=6Ω；当滑片在b点时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，则电路中的电流最小，此时I最小=U1/R1=12V?6V/6Ω=1A，A不符合题意；当滑片在中点时，电路中的电流是：I=U′1/R1=12V?4V/6Ω=4/3A，所以，9s内滑动变阻器R消耗的电能是：W=UIt=4V×4/3A×9s=48J，B不符合题意；由以上分析结合P=UI知道，R先后两次消耗的电

功率之比是：，C符合题意；同理知道，R1先后两次消耗的电功率之

比是：，D不符合题意，

故答案为：C。

【分析】结合电路图，理清电路的连接方式及电表的测量对象，根据串联电路分压规律可知滑片从中点到b端时，电压表示数将增大，因此电压表示数增大了2V，再利用串联电路的特点、欧姆定律以及电功、功率计算公式进行计算即可.

2．如图所示，电源电压保持12V不变，小灯泡L上标有“6V 3W”字样，滑动变阻器最大电阻值R=48Ω，闭合开关，若不考虑灯丝电阻随温度的变化，下列说法正确的是（）

A. 要使电压表的示数增大1V，小灯泡L两端的电压就会减小1V

B. 小灯泡L的最小实际电功率为0.6W

C. 当滑片P移到变阻器的中点时，小灯泡L正常发光

D. 当滑片P移到最右端时，通电10s滑动变阻器消耗的电能是19.2J

【答案】D

【解析】【解答】由电路图可知，闭合开关后，滑动变阻器R与灯泡L串联，电压表测灯泡L两端的电压。（1）由电压表测灯泡L两端的电压可知，电压表的示数增大1V，小灯

泡L两端的电压就会增大1V，A不符合题意；（2）由P＝UI＝可得，灯泡的电阻：

＝12Ω，

当滑片P移到最右端时，接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，小灯泡的实际功率最小，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的最小电流：

I＝＝0.2A，则小灯泡L的最小实际电功率：

P L小＝I2R L＝（0.2A）2×12Ω＝0.48W，B不符合题意；通电10s滑动变阻器消耗的电能：W R ＝I2Rt＝（0.2A）2×48Ω×10s＝19.2J，D符合题意；（3）当滑片P移到变阻器的中点时，电

路中的电流：I′＝ A，此时灯泡的实际功率：

P L′＝（I′）2R L＝（ A）2×12Ω≈1.33W＜3W，所以，此时灯泡不能正常发光，C不符合题意。

故答案为：D。

【分析】闭合开关后，滑动变阻器R与灯泡L串联，电压表测灯泡L两端的电压.

（1）电压表示数的变化和灯泡两端的电压变化相同；

（2）根据P=UI=求出灯泡的电阻，当滑片P移到最右端时，接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，小灯泡的实际功率最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的最小电流，利用P=I2R求出小灯泡L的最小实际电功率，再利用W=UIt=I2Rt求出通电10s滑动变阻器消耗的电能；

（3）当滑片P移到变阻器的中点时，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，利用P=I2R求出小灯泡L的实际功率，然后与灯泡的额定功率相比较确定是否正常发光.

3．有两只灯泡L1、L2，分别标有“220V（100W”和“220V（40W”的字样。若不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列说法中正确的是（）

A. 两灯正常发光时，L1的电阻较大

B. 两灯并联接入220V的电路，L1、L2消耗功率之比是2:5

C. 两灯串联接入220V的电路，L1消耗的功率小于25W

D. 两灯串联接入220V的电路，两灯泡消耗总功率大于40W小于100W

【答案】 C

【解析】【解答】解：（1）由P=UI= 可得，两灯泡正常发光时的电阻分别为：

则R1

所以，电路中的电流，

消耗的功率，C符合题意；

两灯泡消耗总功率，D不符合题意。

故答案为：C。

【分析】根据P=UI=求出两灯泡正常发光时的电阻，然后比较两灯泡的电阻关系；两灯并联接入220V的电路时，实际功率和额定功率相等，据此得出L1、L2消耗功率之比；两灯串联接入220V的电路时，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，根据P=UI=I2R 求出L1消耗的功率，根据P=UI求出两灯泡消耗总功率.

4．下列估计值中，最接近实际的是（）

A. 人正常步行时的速度约为5m/s

B. 住宅楼每层楼的高度约为3m

C. 一本物理书的质量约为30g

D. 一盏家用节能灯的功率约为1kW

【答案】B

【解析】【解答】解：

A、人正常步行的速度在4km/h=4× m/s≈1.1m/s左右．故A不符合实际；

B、住宅楼三层的高度在10m左右，一层楼的高度一般在3m左右．故B符合实际；

C、一个大苹果的质量在300g左右，一本物理书的质量与此差不多，在300g左右．故C 不符合实际；

D、教室中日光灯的额定功率在40W左右，家用节能灯的额定功率比日光灯还要小得多，一般在10W左右．故D不符合实际．

故选B．

【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案．

5．将标有“6V 3W”和“6V 2W”的甲、乙两只小灯泡串联起来，接在电压为6V的电源两端，

接通电路后，以下说法正确的是（）

A. 两只小灯泡都不能正常工作，甲灯比乙灯亮

B. 两只小灯泡都能正常发光

C. 通过乙灯的电流较大，所以乙灯较亮

D. 两只小灯泡的总功率小于2W

【答案】 D

【解析】【解答】甲灯的电阻R1==12Ω，乙灯的电阻R2==18Ω，甲灯的实际功率P甲=I2R1，乙灯的实际功率P乙=I2R2，因为R1＜R2，所以P甲＜P乙，所以乙灯亮，

两灯串联后电流相同，但两端的电压都小于额定电压，所以都不能正常工作，故ABC错误，

两灯消耗的总功率P总==1.2W＜2W，故D正确．

故选D．

6．下列电器中，利用电流热效应工作的是（）

A. 电风扇

B. 电暖气

C. 电视机

D. 电磁继电器【答案】 B

【解析】【解答】A．电风扇的电动机工作时主要把电能转化为机械能，不是利用电流热效应工作的，A不符合题意；B．电暖气工作时把电能转化为内能，是利用电流热效应工作的，B符合题意；C．电视机主要是把电能转化为光能和声能，不是利用电流热效应工作的，C不符合题意；D．电磁继电器主要利用了电流的磁效应工作的，D不符合题意。

故答案为：B

【分析】电流的热效应：电流通过电阻要发热，这叫做电流的热效应.如电灯、电炉、电烙铁、电焊等，都是电流的热效应的例子.

7．如图甲所示，已知电流表的量程为0~0.6A，电压表的量程为0~15V，滑动变阻器R2的规格为“20Ω0.5A”。闭合开关S后，调节滑动变阻器的滑片P，得到电流表与电压表的示数关系如图乙所示。在保证电路安全的前提下，下列说法中正确的是（）

A. 电源电压为9V

B. R1的阻值为20Ω

C. 滑动变阻器的取值范围是2Ω~20Ω

D. 电路总功率的变化范围是2W~3W

【答案】C

【解析】【解答】结合电路图和乙图可得：，；

解得：，电源电压为：，AB不符合题意；

已知电流表的量程为0~0.6A，滑动变阻器R2的规格为“20Ω 0.5A”，因为串联时电流相等，

故电路最大电流为0.5A，此时电路总电阻为：，

则滑动变阻器最小电阻为：；

当滑动变阻器阻值变大时，分得电压增大，但电源电压为6V，小于电压表的量程，故滑动变阻器阻值可以调整到最大，即20Ω，则滑动变阻器接入电路的取值范围是2Ω~20Ω；

最小电流为：，

电路最小功率为：；

电路最大功率为：。

故答案为：C。

【分析】利用欧姆定律U=IR求出电源电压和电阻R1的值，根据变阻器铭牌和电表的量程，求出变阻器接入电路的阻值范围，由P=UI求电路的总功率.

8．下列家用电器正常工作20min消耗电能最多的是（）

A. 电饭煲

B. 电热毯

C. 电视机

D. 电风扇【答案】 A

【解析】【解答】解：电饭煲的功率约为1000W，电热毯的功率约为100W，电视机的功率约为130W，电风扇的功率约为60W，

由此可见，电饭煲的电功率最大，由W＝Pt可知，用电器正常工作相同时间，电饭煲消耗的电能最多。

故答案为：A。

【分析】根据生活常识及生活经验判断各用电器的功率大小，由W＝Pt可知，工作相同时间，用电器功率越大，消耗的电能越多。

9．如图甲所示，是某型号电压力锅简化的工作电路图．R0是阻值为484Ω的保温电阻，R1是规格为“220V 800W”的主加热电阻，R2是副加热电阻．电压力锅煮饭分为“加热升压→保压→保温”三个阶段，通过如图乙所示的锅内工作压强与时间“（P﹣t）”关系图象可了解其工作过程：接通电源，启动智能控制开关S，S自动接到a，同时S1自动闭合，电压力锅进入加热升压状态；当锅内工作压强达80kPa时，S1自动断开，进入保压状态，当锅内工作压强降至60kPa时，S1又会自动闭合；当保压状态结束，饭就熟了，S自动接到b，减压进入保温状态．电压力锅煮饭时，在正常加热升压和保压状态共耗电0.25kW?h，下列说法正确的是（）

A. 电压力锅是对大气压强的应用

B. 当锅内工作压强为40kPa时，电压力锅处于升压状态

C. 电压力锅煮饭时，在正常加热升压和保压状态R1的工作时间是18min

D. 电压力锅正常工作时的最大电流是5A

【答案】 D

【解析】【解答】解：A．高压锅煮饭熟得快是利用密闭液体的沸点随气压的增大而升高的原理，而不是利用了大气压的原理，A不符合题意；

B．由图乙可知，当锅内工作压强为40kPa时，电压力锅可能处于升压状态，也可能处于保温状态，B不符合题意；

C．由图乙可知，在正常加热升压和保压状态R1的工作时间分别为0～6min，9～12min，15～18min，

即R1的工作时间t1=12min=0.2h，C不符合题意；

D．R2的工作时间t2=18min=0.3h，在正常加热升压和保压状态消耗的电能W=P1t1+P2t2，即：0.25kW?h=0.8kW×0.2h+P2×0.3h，

解得：P2=0.3kW=300W，两加热电阻同时工作时电路电流最大，则总功率P=P1+P2=800W+300W=1100W，

由P=UI可得，I= =5A，D符合题意．

故答案为：D．

【分析】高压锅煮饭熟得快是利用密闭液体的沸点随气压的增大而升高的原理；在正常加热升压和保压状态消耗的电能，正确分析电路是解题的关键.

10．如图所示，滑动变阻器的滑片P处于中间位置，闭合开关S，两个灯泡均能发光（假设灯丝电阻不变），此时，将滑动变阻器的滑片P向右移动，则（）

A. L1和L2都变亮

B. L1变暗，L2变亮

C. L1变亮，L2变暗

D. L1和L2都变暗

【解析】【解答】解：由电路图可知，灯泡L2与滑动变阻器R并联后再与灯泡L1串联，

将滑动变阻器的滑片P向右移动，滑动变阻器接入电路中的电阻变大，并联部分的电阻变大，电路的总电阻变大，

由I＝可知，干路中的电流变小，

由U＝IR可知，L1两端的电压变小，

因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，

所以，由P＝UI可知，灯泡L1的实际功率变小，L1的亮度变暗，AC不符合题意；

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以，并联部分的电压变大，

因并联电路中各支路两端的电压相等，

所以，灯泡L2两端的电压变大，

由P＝可知，L2的实际功率变大，亮度变亮，B符合题意、D不符合题意。

故答案为：B。

【分析】结合电路图，理清元件的连接方式，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化

和并联部分电阻的变化以及总电阻的变化，根据欧姆定律I＝可知电路中电流的变化和L1两端的电压变化情况，根据P=UI可知L1实际功率的变化，进一步判断其亮暗的变化；根

据串联电路的电压特点可知并联部分电压的变化，根据并联电路的电压特点和P=可知L2实际功率的变化，进一步判断其亮暗的变化.

11．如图所示，电源电压保持18V不变，小灯泡L上标有“6V 3W”字样，滑动变阻器最大电阻值R=60Ω．为保证各器件安全，不考虑灯丝电阻随温度的变化，下列说法正确的是（）

A. S断开时电压表示数为0V

B. S闭合后，电压表最大示数为15V

C. 小灯泡L正常发光时，变阻器R消耗的电功率为6W

D. S闭合后，小灯泡L的最小实际电功率为0.5W

【解析】【解答】解：（1）S断开时，电压表测电源的电压，则电压表的示数为18V，故A错误；

（2）S闭合后，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测灯泡两端的电压，

为保证各器件安全，电压表的最大示数U V=U L=6V，故B错误；

由P=可得，灯泡的电阻：

R L===12Ω，

因串联电路中各处的电流相等，

所以，灯泡正常发光时电路中的电流：

I===0.5A，

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以，变阻器两端的电压：

U R=U﹣U L=18V﹣6V=12V，

变阻器R消耗的电功率：

P R=U R I=12V×0.5A=6W，故C正确；

（3）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时灯泡L的功率最小，

因为串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以，此时电路中的电流：

I===0.25A，

灯泡的最小电功率：

P L=I2R L=（0.25A）2×12Ω=0.75W，故D错误．

故选C．

【分析】（1）S断开时，电压表测电源的电压，根据电源的电压可知电压表的示数．（2）S闭合后，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测灯泡两端的电压，为保证各器件安

全，电压表的最大示数和灯泡的额定电压相等，此时灯泡正常发光，根据P=求出灯泡的电阻，根据欧姆定律求出电路中的电流，利用串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，再利用P=UI求出变阻器R消耗的电功率；

（3）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时灯泡L的功率最小，利用电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，最后利用P=I2R求出灯泡的最小电功率．

12．如图为探究“焦耳定律”的实验装置。两个透明容器中密封着等量的空气，U型管中液面高度的变化反映密闭空气温度的变化。将容器中的电阻丝R1、R2串联在电路中，且R1＜R2．下列说法正确的是（）

A. 该实验装置用于探究“电压和通电时间一定时，电热与电阻的关系”

B. 闭合开关后，通过的电流大于的电流

C. 闭合开关后，甲管中液面上升比乙慢

D. 闭合开关后，要使电流增大，应将滑动变阻器滑片P向左移动

【答案】 C

【解析】【解答】解：A、图中两电阻串联，通过的电流和通电时间相等，而电阻不同，故可研究电流产生的热量与电阻的关系，AB不符合题意；

C、根据Q=I2Rt，因R1＜R2．故右边容器中电阻丝产生的热量多，由转换法，甲管中液面上升比乙慢，C符合题意；

D、闭合开关后，要使电流增大，由欧姆定律，要减小电路的电阻，故应将滑动变阻器滑片P向右移动，D不符合题意。

故答案为：C

【分析】电阻丝产生的热量不易直接观察，可给等质量的气体加热，气体吸热越多，气体膨胀程度越大，U形管内的液面高度差越大，采用了转换法；由焦耳定律Q=I2Rt可知，电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外两个因素不变，结合串联电路电流的规律分析.

13．甲、乙两只白炽灯的铭牌如图所示，下列分析正确的是（）

A. 若灯丝的材料、长度相同，乙灯的灯丝比甲灯的灯丝粗

B. 若将两灯并联接入电压为220V的电路，甲灯比乙灯亮

C. 若将两灯分别接入电压为220V的电路，乙灯消耗的电能多

D. 若将两灯串联，只要电源电压适当，甲、乙两灯就能同时正常发光

【答案】 A

【解析】【解答】根据电压和电功率，结合公式，得，由于甲灯的功率为25W，较小，电阻大，若导体的材料、长度相同，电阻大的导体较粗，A符合题意；当两灯并联时电压相等，功率较大的灯泡亮，B不符合题意；灯泡消耗的电功率和电功率、时

间有关，时间不确定时，消耗的电能不能比较，C不符合题意；由于，电功率不同，两灯的额定电流不同，不能同时正常发光，D不符合题意。

故答案为：A.

【分析】根据灯泡的电功率和电压分析电阻和电流，导体的电阻和导体的材料、长度、横截面积有关。

14．下列数据中最接近生活实际的是（）

A. 人的正常体温约为39℃

B. 无线电波在空气中的传播速度约为340m/s

C. 甲型H1N1流感病毒的长度约为1cm

D. 电冰箱的额定功率约为100W

【答案】 D

【解析】【解答】

A、人的正常体温为37℃，变化很小，故A不符合实际；

B、无线电波在真空中的传播速度最大，为3×108m/s，在空气中的传播速度略小一些，接近3×108m/s，故B不符合实际；

C、甲型HINI流感病毒的长度很小，约为10﹣40nm，故C不符合实际；

D、电冰箱的额定功率约为100W左右，故D符合实际．

故选D．

【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案．

15．小亮利用电能表测某家用电器的电功率。当电路中只有这个用电器工作时，测得在6min内，消耗电能0.03kW·h，这个用电器可能是（）

A. 柜式空调

B. 电视机

C. 电风扇

D. 电饭锅【答案】 B

【解析】【解答】解：A、柜式空调的功率大于1000W，故A不符合题意；

B、电视机的功率小于500W，故B符合题意;

C、电风扇的电功率为30～100W，故C不符合题意；

D、电饭锅的功率在500～1000W，故D不符合题意。

故选B。

【分析】用电器的功率P==300W，柜式空调的电功率远大于1000W，电视机的功率小于500W，电风扇的电功率为30～100W，电饭锅的功率为500～1000W。

16．如图甲所示，额定电压为6V的灯泡L与滑动变阻器R串联接入电路，电源电压一定。滑动变阻器的滑片P从最右端滑到最左端时，灯泡L的I-U图象如图乙所示，以下说法正确的是（）

A. 灯泡正常发光时的电流为0.5A

B. 灯泡两端的电压为3V时，它消耗的电功率为1.5W

C. 滑动变阻器最大值为10Ω

D. 当变阻器接入电路的阻值为2.5Ω时，灯泡的实际功率为3.2W

【答案】D

【解析】【解答】A、由图乙知，当灯泡两端的电压为6V时，灯泡的电流为1A，A不符合题意；

B、由图乙知，当灯泡两端的电压为3V时，灯泡中的电流大于0.5A，由P＝UI可知，此时灯泡消耗的电功率大于 1.5W，B不符合题意；

C、由乙图知，当变阻器滑连入电阻最大时，电路中电流最小为0.5A,灯泡两端的电压是 1.5V,根据串联电路的分压规律可知滑动变

阻器分压U滑＝6V-1.5V＝3.5V,则R最大＝ C不符合题意；D、当变阻器阻值为零时，灯泡两端的电压等于6V，可知电源电压为6V；设灯泡两端的电压为U，此时电阻为

R，根据题意可知：————①，＝3.2W ————②，联立①②解得U＝2V或U＝4V，根据灯泡的实际功率，U＝2V时，其实际功率小于3.2W，不符合题意，所以U＝4V，代入②得R＝5Ω，D符合题意。

故答案为：D。

【分析】运用图象法解答问题的一般步骤是：

（1）明确图象中横纵坐标表示的物理量分别是什么；

（2）注意认清横坐标和纵坐标上最小分格的数值大小和单位；

（3）明确图象所表示的物理意义；

（4）根据图象对题目提出的问题作出判断，得到结论.

17．下列用电器正常工作时电流最接近0.05安的是（）

A. 空调

B. 洗衣机

C. 电视机

D. 节能灯【答案】D

【解析】【解答】家用电器的额定电压都是220V，若电流是0.05A，即此时的功率是：P UI 220V×0.05A 11W；

空调功率在1kW左右；洗衣机的功率500W左右；节能灯的功率在十几瓦左右；电视机在

100W左右.

故答案为：D.

【分析】先由P=UI计算用电器的功率，再根据对常用电器的功率的认识判断即可.

18．下列数据最接近实际情况的是（）

A. 大气对拇指指甲盖的压力约为 10N

B. 学生课桌高度约为200cm

C. 让人感觉舒适的气温约为37℃

D. 家用节能灯的功率约为1kW

【答案】 A

【解析】【解答】A.大拇指的指甲盖的面积大约1cm2，大气压强约105Pa，

那么大气对指甲盖的压力；F=pS=105Pa×10-4m2=10N，故A符合题意；

B.普通学生课桌的高度大约1m，而200cm=2m，太高了，故B不合题意；

C.让人感觉舒适的温度大约在25℃左右，37℃太高了，故C不合题意；

D.家用节能灯的功率大约30W左右，1kW的功率太大了，故D不合题意。

故选A。

【分析】（1）大拇指的指甲盖的面积大约1cm2，根据F=pS计算大气对指甲盖的压力；（2）普通学生课桌的高度大约1m；

（3）让人感觉舒适的温度大约在25℃左右；

（4）家用节能灯的功率大约30W左右。

19．如图所示，滑动变阻器的滑片P处于中间位置，闭合开关S，两个灯泡均能发光（假设灯丝电阻不变），此时，将滑动变阻器的滑片P向右移动，则（）

A. L1和L2都变亮

B. L1变暗，L2变亮

C. L1变亮，L2变暗

D. L1和L2都变暗

【答案】B

【解析】【解答】解：由电路图可知，灯泡L2与滑动变阻器R并联后再与灯泡L1串联，

将滑动变阻器的滑片P向右移动，滑动变阻器接入电路中的电阻变大，并联部分的电阻变大，电路的总电阻变大，

由I= 可知，干路中的电流变小，

由U=IR可知，L1两端的电压变小，

因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，

所以，由P=UI可知，灯泡L1的实际功率变小，L1的亮度变暗，故AC错误；

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以，并联部分的电压变大，

因并联电路中各支路两端的电压相等，

所以，灯泡L2两端的电压变大，

由P= 可知，L2的实际功率变大，亮度变亮，故B正确、D错误．

故选B．

【分析】由电路图可知，灯泡L2与滑动变阻器R并联后再与灯泡L1串联，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化和并联部分电阻的变化以及总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和L1两端的电压变化，根据P=UI可知L1实际功率的变化，进一步判断其亮暗的变化；根据串联电路的电压特点可知并联部分电压的变化，根据并联电路的电压

特点和P=UI= 可知L2实际功率的变化，进一步判断其亮暗的变化．

20．如图所示是加热器的电路图，设电源电压保持不变，R1、R2均为发热电阻丝，通过开关通断组合，可得到不同加热档位。该加热器最大电功率为12W，只闭合开关S1时，加热器的电功率是8W。则下列判断正确的是（）

A. 该加热器只有两个加热档位

B. 加热器两个发热电阻丝的阻值之比R1∶R2=1∶3

C. 加热器功率最大时，R1与R2的电流之比为2∶1

D. 该加热器的最小电功率是8W

【答案】 C

【解析】【解答】A．由电路图知道，R1与R2并联连接，且均有一个开关单独控制，这样电加热器能有三个加热档位，即R1单独工作、R2单独工作、R1和R2同时工作，A不符合题意；B．由电路图知道，开关S1、S2均闭合时，R1与R2并联，由于并联电路中总功率等于各用电器功率之和，所以，R2的发热功率是：P2 =P-P1 =12W-8W=4W，又因为并联电路中

各支路两端的电压相等，所以，由知道，两个发热电阻的阻值之比是：

；B不符合题意；C．由于并联电路两端的电压相等，根据P=UI知

道，加热器功率最大时，R1与R2的电流之比是：，C符合题意；D．由于P1=8W，P2=4W，所以，当只有R2工作时，该加热器的电功率最小，即最小电功率是4W，D不符合题意。

故答案为：C

【分析】结合电路图，理清开关处于不同状态时元件的连接方式，根据并联电路的特点和

求出两个发热电阻的阻值之比；根据P=UI可得电流之比；根据R1的发热功率和R2的发热功率判断得出最小电功率.