专题60 四边形中作辅助线造全等(解析版)
专题60 四边形中作辅助线造全等
1、已知:矩形ABCD中,点E、F为对角线AC上两点,AF=CE.
(1)如图1,求证:BE∥DF;
(2)如图2,当AB=BE=AD时,连接DE、BF,在不添加任何辅助线的情况下,请直接写出四个三角形,使写出的每个三角形的面积都等于矩形ABCD面积的.
(1)证明:∵四边形ABCD是矩形,
∴AD=BC,AD∥BC,
∴∠DAF=∠BCE,
在△AFD和△CEB中,,
∴△AFD≌△CEB(SAS),
∴∠AFD=∠CEB,
∴BE∥DF;
(2)解:△ABF,△CDE,△ADF,△BCE;理由如下:
由(1)得:△AFD≌△CEB,
同理:△ABF≌△CDE(SAS),
∴△AFD的面积=△CEB的面积,△ABF的面积=△CDE的面积,
作BG⊥AC于G,如图2所示:
∵四边形ABCD是矩形,
∴∠ABC=90°,BC=AD,
∵AB=BE=AD,
∴AB=BE=BC,
∴BC=2AB,AC==AB,AG=EG,
∵△ABC的面积=AC×BG=AB×BC,
∴BG===AB,
∴AG===AB,
∴AE=2AG=AB,
∵AF=CE,
∴△ABF的面积=△BCE的面积,CF=AE=AB,
∴AF=AC﹣CF=AB﹣AB=AB,
∴△ABF的面积=AF×BG=×AB×AB=AB2,
∵矩形ABCD的面积=AB×BC=AB×2AB=2AB2,
∴△ABF的面积=矩形ABCD面积的,
∴△ABF的面积=△CDE的面积=△ADF的面积=△BCE的面积=矩形ABCD面积的.
2、如图1,在正方形ABCD(正方形四边相等,四个角均为直角)中,AB=8,P为线段BC上一点,连接
AP,过点B作BQ⊥AP,交CD于点Q,将△BQC沿BQ所在的直线对折得到△BQC′,延长QC′交AD 于点N.
(1)求证:BP=CQ;
(2)若BP=PC,求AN的长;
(3)如图2,延长QN交BA的延长线于点M,若BP=x(0<x<8),△BMC'的面积为S,求S与x之间的函数关系式.
解:(1)证明:∵∠ABC=90°
∴∠BAP+∠APB=90°
∵BQ⊥AP
∴∠APB+∠QBC=90°,
∴∠QBC=∠BAP,
在△ABP于△BCQ中,
,
∴△ABP≌△BCQ(ASA),
∴BP=CQ,
(2)由翻折可知,AB=BC',
连接BN,在Rt△ABN和Rt△C'BN中,AB=BC',BN=BN,
∴Rt△ABN≌△Rt△C'BN(HL),
∴AN=NC',
∵BP=PC,AB=8,
∴BP=2=CQ,CP=DQ=6,
设AN=NC'=a,则DN=8﹣a,
∴在Rt△NDQ中,(8﹣a)2+62=(a+2)2
解得:a=4.8,
即AN=4.8.
(3)解:过Q点作QG⊥BM于G,由(1)知BP=CQ=BG=x,BM=MQ.
设MQ=BM=y,则MG=y﹣x,
∴在Rt△MQG中,y2=82+(y﹣x)2,
∴.
∴S△BMC′=S△BMQ﹣S△BC'Q=
=,
=.
3、如图1,已知正方形ABCD,E是线段BC上一点,N是线段BC延长线上一点,以AE为边在直线BC
的上方作正方形AEFG.
(1)连接GD,求证DG=BE;
(2)连接FC,求tan∠FCN的值;
(3)如图2,将图1中正方形ABCD改为矩形ABCD,AB=3,BC=8,E是线段BC上一动点(不含端点B,C),以AE为边在直线BC的上方作矩形AEFG,使顶点G恰好落在射线CD上.当点E由B向C运动时,判断tan∠FCN的值是否为定值?若是,求出该定值;若不是,请说明理由.
解:(1)如图1,
∵正方形ABCD和正方形AEFG中,
∴∠BAD=∠EAG=90°,AB=AD,AE=AG,
∴∠BAE=∠GAD,
∴△BAE≌△GAD(SAS),
∴DG=BE;
(2)如图2,过点F作FM⊥BN于M,则∠B=∠AEF=∠FME=90°,
∴∠BAE+∠AEB=∠FEM+∠AEB=90°,
即∠BAE=∠FEM,
又AE=EF,
∴△BAE≌△MEF(ASA),
∴FM=BE,EM=AB,
又BE+EC=AB,EM=EC+CM,
∴CM=FM,
在Rt△FCM中,tan∠FCN==1;
(3)如图2,过点F作FM⊥BN于M,则∠B=∠AEF=∠FME=90°,∴∠BAE+∠AEB=∠FEM+∠AEB=90°,
即∠BAE=∠FEM,
同理可证∠GAD=∠FEM,
又AG=EF,
∴△DAG≌△MEF,△BAE∽△MEF,
∴EM=AD=BC=8,=,
设BE=a,则EM=EC+CM=BC=BE+EC,
∴CM=BE=a,
∴=,
∴FM=,
∴tan∠FCN===,即tan∠FCN的值为定值.
4、【操作发现】
如图①,在正方形ABCD中,点N、M分别在边BC、CD上,连结AM、AN、MN.∠MAN=45°,将△AMD 绕点A顺时针旋转90°,点D与点B重合,得到△ABE.易证:△ANM≌△ANE,从而得DM+BN=MN.【实践探究】
(1)在图①条件下,若CN=3,CM=4,则正方形ABCD的边长是.
(2)如图②,点M、N分别在边CD、AB上,且BN=DM.点E、F分别在BM、DN上,∠EAF=45°,连接EF,猜想三条线段EF、BE、DF之间满足的数量关系,并说明理由.
【拓展】
(3)如图③,在矩形ABCD中,AB=3,AD=4,点M、N分别在边DC、BC上,连结AM,AN,已知∠MAN=45°,BN=1,求DM的长.
【实践探究】
(1)解:∵四边形ABCD是正方形,
∴AB=CD=AD,∠BAD=∠C=∠D=90°,
由旋转得:△ABE≌△ADM,
∴BE=DM,∠ABE=∠D=90°,AE=AM,∠BAE=∠DAM,
∴∠BAE+∠BAM=∠DAM+∠BAM=∠BAD=90°,
即∠EAM=90°,
∵∠MAN=45°,
∴∠EAN=90°﹣45°=45°,
∴∠MAN=∠EAN,
在△AMN和△EAN中,
,
∴△AMN≌△EAN(SAS),
∴MN=EN.
∵EN=BE+BN=DM+BN,
∴MN=BN+DM.
在Rt△CMN中,MN===5,
则BN+DM=5,
设正方形ABCD的边长为x,则BN=BC﹣CN=x﹣3,DM=CD﹣CM=x﹣4,∴x﹣3+x﹣4=5,
解得:x=6,
即正方形ABCD的边长是6;
故答案为:6;
(2)EF2=BE2+DF2,
理由如下:如图②,将△AFD绕点A顺时针旋转90°,点D与点B重合,得到△ABH,连结EH,
∴∠ADF=∠ABH,DF=BH,∠DAF=∠BAH,AH=AF,
∵∠EAF=45°,
∴∠DAF+∠BAE=45°=∠BAH+∠BAE,
∴∠HAE=45°=∠EAF,
又∵AH=AF,AE=AE,
∴△EAH≌△EAF(SAS),
∴HE=EF,
∵BN=DM,BN∥DM,
∴四边形BMDN是平行四边形,
∴DN∥BM,
∴∠AND=∠ABM,
∵∠ADN+∠AND=90°,
∴∠ABH+∠ABM=90°=∠HBM,
∴BE2+BH2=HE2,
∴EF2=BE2+DF2;
(3)如图③,延长AB至P,使BP=BN=1,过P作BC的平行线交DC的延长线于Q,延长AN交PQ 于E,连接EM,
则四边形APQD是正方形,
∴PQ=DQ=AP=AB+BP=4,
设DM=x,则MQ=4﹣x,
∵PQ∥BC,
∴△ABN∽△APE,
∴,
∴PE=BN=,
∴EQ=PQ﹣PE=4﹣=,
由(1)得:EM=PE+DM=+x,
在Rt△QEM中,由勾股定理得:()2+(4﹣x)2=(+x)2,
解得:x=2,
即DM的长是2.
5、已知四边形ABCD和四边形CEFG都是正方形,且AB>CE.
(1)如图1,连接BG、DE.求证:BG=DE;
(2)如图2,如果正方形CEFG绕点C旋转到某一位置恰好使得CG∥BD,BG=BD.
①求∠BDE的度数;
②若正方形ABCD的边长是,请求出△BCG的面积.
(1)证明:∵四边形ABCD和四边形CEFG为正方形,
∴BC=DC,CG=CE,∠BCD=∠GCE=90°.
∴∠BCD+∠DCG=∠GCE+∠DCG,
∴∠BCG=∠DCE.
在△BCG和△DCE中,,
∴△BCG≌△DCE(SAS).
∴BG=DE;
(2)解:①连接BE,如图2所示:
由(1)可知:BG=DE,
∵CG∥BD,
∴∠DCG=∠BDC=45°,
∴∠BCG=∠BCD+∠DCG=90°+45°=135°,
∵∠GCE=90°,
∴∠BCE=360°﹣∠BCG﹣∠GCE=360°﹣135°﹣90°=135°,
∴∠BCG=∠BCE,
在△BCG和△BCE中,,
∴△BCG≌△BCE(SAS),
∴BG=BE,
∵BG=BD=DE,
∴BD=BE=DE,
∴△BDE为等边三角形,
∴∠BDE=60°;
②延长EC交BD于点H,过点G作GN⊥BC于N,如图3所示:在△BCE和△DCE中,,
∴△BCE≌△BCG(SSS),
∴∠BEC=∠DEC,
∴EH⊥BD,BH=BD,
∵BC=CD=,
∴BD=BC=2,
∴BE=2,BH=1,
∴CH=1,
在Rt△BHE中,由勾股定理得:EH===,∴CE=﹣1,
∵∠BCG=135°,
∴∠GCN=45°,
∴△GCN是等腰直角三角形,
∴GN=CG=(﹣1),
∴S△BCG=BC?GN=××(﹣1)=.
6、利用“同角的余角相等”可以帮助我们得到相等的角,这个规律在全等三角形的判定中有着广泛的运用.
(1)如图①,B,C,D三点共线,AB⊥BD于点B,DE⊥BD于点D,AC⊥CE,且AC=CE.
若AB+DE=6,求BD的长.
(2)如图②,在平面直角坐标系中,△ABC为等腰直角三角形,直角顶点C的坐标为(1,0),点A 的坐标为(﹣2,1).求直线AB与y轴的交点坐标.
(3)如图③,∠ACB=90°,OC平分∠AOB,若点B坐标为(b,0),点A坐标为(0,a).则S四边形AOBC=.(只需写出结果,用含a,b的式子表示)
解:(1)∵AB⊥BD,DE⊥BD,AC⊥CE,
∴∠ABC=∠CDE=∠ACE=90°,
∴∠A+∠ACB=90°,∠ECD+∠ACB=180°﹣∠ACE=90°,
∴∠A=∠ECD,
在△ABC和△CDE中,,
∴△ABC≌△CDE(AAS),
∴AB=CD,BC=DE,
∴BD=CD+BC=AB+DE=6;
(2)过点A作AD⊥x轴于D,过点B作BE⊥x轴于E,如图②所示:∵△ABC为等腰直角三角形
∴∠ADC=∠CEB=∠ACB=90°,AC=CB,
∴∠DAC+∠ACD=90°,∠ECB+∠ACD=180°﹣∠ACB=90°,
∴∠DAC=∠ECB,
在△ADC和△CEB中,,
∴△ADC≌△CEB(AAS),
∴AD=CE,CD=BE,
∵点C的坐标为(1,0),点A的坐标为(﹣2,1),
∴CO=1,AD=1,DO=2,
∴OE=OC+CE=OC+AD=2,BE=CD=CO+DO=3,
∴点B的坐标为(2,3),
设直线AB的解析式为y=kx+b,
将A、B两点的坐标代入,得,
解得:,
∴直线AB的解析式为:y=x+2,
当x=0时,解得y=2,
∴直线AB与y轴的交点坐标为(0,2);
(3)过点C作CD⊥y轴于D,CE⊥x轴于E,如图③所示:∵OC平分∠AOB,
∴CD=CE
∴四边形OECD是正方形
∴∠DCE=90°,OD=OE,
∵∠ACB=90°,
∴∠DCA+∠ACE=∠ECB+∠ACE=90°,
∴∠DCA=∠ECB,
在△DCA和△ECB中,,
∴△DCA≌△ECB(ASA),
∴DA=EB,S△DCA=S△ECB,
∵点B坐标为(b,0),点A坐标为(0,a),
∴OB=b,OA=a,
∵OD=OE,
∴OA+DA=OB﹣BE,
即a+DA=b﹣DA,
∴DA=,
∴OD=OA+DA=a+=,
∴S
=S四边形AOEC+S△ECB=S四边形AOEC+S△DCA=S正方形DOEC=OD2=()2=,四边形AOBC
故答案为:.
7.如图所示,四边形ABCD为平行四边形,AD=13,AB=25,∠DAB=α,且cosα=,点E为直线CD 上一动点,将线段EA绕点E逆时针旋转α得到线段EF,连接CF.
(1)求平行四边形ABCD的面积;
(2)当点C、B、F三点共线时,设EF与AB相交于点G,求线段BG的长;
(3)求线段CF的长度的最小值.
解(1)如图1,作DK⊥AB于点K,
∵将线段EA绕点E逆时针旋转α得到线段EF,∴∠AEF=α,AE=EF,
在Rt△DAK中,
∵cos∠DAK=cosα=,且AD=13,
∴AK=5,
∴DK===12,
∴S
=AB×DK=25×12=300;
平行四边形ABCD
(2)如图2,延长CD至H,作∠AHD=α,
∵∠AHD=∠ADH=α,
∴AH=AD=13,
过点A作AM⊥DH于点M,
由(1)知AM=12,
∴DM==5,
∴DH=10,
∵∠FEH=∠DEA+∠α=∠F+α,
∴∠DEA=∠F,
在△AEH和△EFC中,
,
∴△AEH≌△EFC(AAS),
∴EH=CF,CE=AH=13,
∴DE=CD﹣CE=12,BF=CF﹣BC=22﹣13=9,
∵BG∥CE,
∴△FBG∽△FCE,
∴,
即,
∴BG=;
(3)如图3,延长CD至P,使∠P=∠ADP=α,过点F作FM∥BC,交CD于点M,过点FN⊥CD,交CD于点N,
由(2)可知∠AEP=∠EFM,