2021年江苏省常州市天宁区北郊中学中考物理模拟试卷

2021年江苏省常州市天宁区北郊中学中考物理模拟试卷

1.在如图温度计所示的恒温环境下进行实验。将温度计放入一杯冰水混合物中(冰是晶体)，从温

度计放入开始计时，放入时间足够长，下列哪幅示意图可能反映了温度计内液体的体积随时间

变化的情况()

A.

B.

C.

D.

2.如图所示，刻度均匀的杠杆处于水平平衡状态，每个钩码质量均相等。若将两

边的钩码分别向靠近支点的方向移动相同的距离后，杠杆将()

A. 仍然平衡

B. 右端下降

C. 左端下降

D. 无法判断

3.如图所示，工人用250N的力将重400N的物体匀速提升2m，共用了10秒，若在此过程中(忽略绳

重和摩擦).下列说法正确的是()

A. 绳子自由端移动的距离是6m

B. 动滑轮的重是10N

C. 工人做功的功率是80W

D. 滑轮组的机械效率是80%

4.近期我国长江中下游许多省份因连续大雨发生洪涝灾害。抗洪抢险小分队成员李军在一次行动中需要帮老百姓

把一个质量为240kg的重物搬到2m高的车上。为了省力采用5m的长木板搭了一个斜面(如图所示)。用1200N 的力用了5min将重物匀速推到车上。关于此简易斜面装置，下列说法中正确的是()

A. 他对重物做了4800J的有用功

B. 他做功的功率为16W

C. 此次简易斜面装置的机械效率为50%

D. 斜面是一种省力机械

5.某品牌无人驾驶汽车在一段平直公路上匀速行驶

6.9km，用时5min45s，消耗燃油1.5kg，已知汽车的牵引力是

2000N，燃油的热值为4.6×107J/kg，假设燃油完全燃烧。通过计算可知，下列结果正确的是()

①汽车行驶速度是20km/?②消耗的燃油完全燃烧放出的热量是6.9×107J

③汽车牵引力做功的功率是30kW④汽车发动机的效率是20%

A. 只有①和②

B. 只有②和③

C. 只有①和④

D. 只有②和④

6.如图所示为内燃机四冲程工作示意图，下列说法正确的是()

A. 一个工作循环的正确顺序是：甲乙丙丁

B. 乙图冲程能获得动力

C. 丁图冲程有明显机械能转化为内能的过程

D. 丙图冲程存在化学能转化为内能的过程

7.如图所示的摆设，正常运行时，小轮在支架上来回滚动，每次到达的最大高度相

同，小明发现摆设上有一电源，关掉电源后，小轮逐新停下来()

A. 小轮滚动过程中没有力对其做功

B. 正常运行时，小轮的速度一直不变

C. 断电后小轮会停下，说明能量守恒定律不一定成立

D. 正常运行时，小轮往返一次，摆设一定需要消耗电能

8.家庭常用的电吹风既能吹冷风又能吹热风。下列电路中最符合电吹风工作要求的是()

A. B.

C. D.

9.如图所示的电路中，闭合开关S1、S2，电流表、灯泡L1和L2均能正常工作。则下列说法正确的是()

A. 开关S1闭合，S2断开，电源外部电流流向为a→b→c→d

B. 开关S1、S2都闭合，灯泡L1和L2并联

C. 开关S1、S2都闭合，通过灯泡L1的电流一定大于通过灯泡L2的电流

D. 闭合S1、S2中任意一个开关，都会有灯泡发光

10.如图电路，电源电压恒定，R1=12Ω，R2=6Ω，R3是定值电阻。闭合开关S1，单刀

双掷开关S2接a时电流表的示数为0.6A，接b时电流表的示数可能为()

A. 0.3A

B. 0.6A

C. 0.9A

D. 1.2A

11.如图所示，电源电压保持不变，小灯泡L1、L2分别标有“6V3W”和“6V6W”的

字样，滑动变阻器R的阻值变化范围为0～12Ω，当S1、S2和S3都闭合，滑动变阻器

的滑片滑到a端时，两灯都正常发光。不考虑温度对灯泡电阻的影响，则()

A. 电源电压为12V

B. 两灯都正常发光时电流表的示数为3A

C. 整个电路的最小功率2.25W

D. 整个电路的最大功率9 W

12.学习家庭电路相关知识后，小明对如图所示设计的家庭电路的认识正确的是()

A. 图中两只灯与其对应控制开关的连接都是正确的

B. 使用洗衣机时应选择插座C

C. 灯L1、L2是串联的

D. 如图中AB之间发生断路，则用试电笔检查插座C的各个插孔，试电笔的氖管都不发光

13.如图所示为电磁铁的线路图。开关S闭合后，滑动变阻器的滑片P向右滑动过程中()

A. 电磁铁的右端为S极，磁性增强

B. 电磁铁的右端为S极，磁性减弱

C. 电磁铁的右端为N极，磁性增强

D. 电磁铁的右端为N极，磁性减弱

14.许多城市都在推广利用太阳能，城市交通指示灯及路灯照明系统已大量使用太阳能，下

列关于太阳能的说法不正确的是()

A. 太阳是一个巨大的“核能火炉”

B. 太阳能为二次能源

C. 太阳能属于可再生能源

D. 太阳能清洁，无污染

15.如图所示的电路中，电源电压不变，开关S闭合，滑动变阻器滑片P在a端时，电流表

的示数为2.4A，电压表的示数为12V；滑片P移动到中点时，R1消耗的功率为P1；滑片

P移到b点时，R1消耗的功率为P1′，P1：P1′=25：9，滑片P在中点和在b端时，R2消耗的功率之比为()

A. 1：2

B. 5：3

C. 25：9

D. 25：18

16.小亮利用天平和量杯测量了液体和量杯的总质量m及液体的体积V，得到了几组数据并画出了m?V图像如图

所示。该液体的密度为______ g/cm3，当量杯内装入液体体积为60cm3时，量杯及液体的总质量为______ g。

17.如图所示，工人们用同一滑轮组，根据需要有两种方式来提起等重的建筑材料，若不计

摩擦和绳重，则F1______F2，机械效率ηA______ηB(填“>”“=”或“<”)。

18.沿海地区昼夜温差比内陆地区昼夜温差小是因为水的______。质量为10kg的水温度升高20℃所吸收热量为

______J(c水=4.2×103J/(kg?℃))。

19.如图所示，电源电压保持不变，电阻R1=R2=R3=10Ω，要使R2、R3并联，应闭合

开关______，此时电流表的示数为I1；要使R1、R2串联，应断开开关S1、S2，此时电

流表的示数为I2；则I1：I2=______。

20.小明家的电能表如图所示，他要用电能表和秒表测某一用电器的实际

电功率。在用电高峰时，他只让规格为“220V1000W”的电热水壶

单独工作，测得在200s内电能表的转盘恰好转81圈。此时该电热水

壶的实际功率______W，实际电压______V.(假设电水壶电阻不变)

21.如图所示，电源电压保持不变，灯泡L标有“10V5W”字样(不考虑温度对灯丝电

阻的影响)，当S、S1都闭合且滑动变阻器的滑片P在A端时，电流表A的示数为1A，

此时灯泡正常发光，则滑动变阻器的最大阻值为______Ω.当S闭合、S1断开且滑动变

阻器的滑片P在B端时，电压表的示数为______V，灯泡L的实际功率为______W。

22.如图所示是嫦娥4号的中继卫星“鹊桥”由长征4号丙运载火箭发射时的情景。火箭

中的燃料燃烧时，燃气推动火箭和卫星上升，卫星的机械能会______(填“增大”“不

变”或“减小”)，火箭外壳的温度会______(填“升高”“不变”或“降低”)。“鹊

桥”最终在距地球约45万千米的轨道上运行，由此可知，从地球上发射的电磁波信

号经过______秒后就会被“鹊桥”接收到。

23.如图是一列声波在空气中传播的波形图，若OA=1.02m，则这列波的波长为______m，周期为______s，频率

为______Hz.(声波在空气中传播速度为340m/s)。

24.在创客比赛中，晓光设计了一个暖箱温度显示器，如图甲所示，其原理是利用电压表的示数表示暖箱内的温度，

已知电源电压恒定为4V，R0的阻值为150Ω，R1是热敏电阻，图乙是它的阻值--温度的关系图象，当暖箱内温度为60℃时，电压表的示数是______V；电压表的量程为0～3V，则暖箱内的最高温度是______℃.若将R0换用阻值更大的电阻，则暖箱内能达到的最高温度将______(选填“升高”“降低”或“不变”)。

25.如图是简易手动交通信号灯模拟电路的一部分，请补画一根导线，使开关S接1时，只

有L1、L2亮，开关接2时，只有L3、L4亮。

26.根据图中通电螺线管的南北极，标出如图中小磁针的N极和电源的“+”极。

27.白酒的“度”是指白酒中酒精的含量，如53°的白酒中，酒精和水的体积之比为53：47。小明在家中进行实验

时需要溶质质量分数为20%的酒精，家中找不到，也没有纯酒精，他找来一瓶45°白酒，准备用来配制所需要的酒精溶液。已知酒精的密度是ρ=0.8g/cm3。请计算：

(1)45°白酒中的溶质的质量分数为多少？(得数保留到1%)

(2)欲配制50g溶质质量分数为20%的酒精，需要这种白酒多少克？

28.科技馆里两位老人正饶有兴致地体验升降座椅装置，小明观察后画出简图(如图)进

行研究。若爷爷质量m人=60kg，奶奶用F=240N的拉力将爷爷匀速拉升到顶端，

该过程中奶奶手握住绳子向下拉动的总长度s=6m。不计绳重和摩擦，g取10N/kg。

求：

(1)奶奶所做的功；

(2)动滑轮(含座椅)的质量；

(3)该升降座椅装置的机械效率(保留一位小数)。

29.图甲是温度自动报警器。控制电路中，电源电压U=5V，热敏电阻R2的阻值与温度的关系如图乙所示：工作电

路中，灯泡L标有“9V0.3A”的字样，R4为电子嗡鸣器，它的电流达到某一固定值时就会发声报警，其阻值R4= 10Ω，在R2温度为20℃的情况下，小明依次进行如下操作：闭合开关S1和S2，灯泡L恰好正常发光，此时R0的电功率为P0；将R1的滑片调到最左端时，继电器的衔铁刚好被吸下，使动触点与下方静触点接触：调节R3的滑片，当R3与R4的电压之比U3：U4=4：1时，电子嗡鸣器恰好能发声，此时R0的电功率为P0′，P0′：P0=4：9，已知电源电压，灯丝电阻都不变，线圈电阻忽略不计，求：

(1)灯泡L的额定功率；

(2)当衔铁刚好被吸下时，控制电路的电流；

(3)将报警温度设为50℃时，R1接入电路的阻值；

(4)工作电路的电源电压U x。

30.小明在实验室测量酸奶的密度，他准备了量筒和天平。

(1)将天平放在水平桌面，把游码移至标尺左端“0”刻度线处，发现指针指在分度盘的左侧，应将平衡螺母向

______ 调，使天平横梁平衡。

(2)他先用天平测出空烧杯的质量为30g，接着他将酸奶倒入烧杯，用天平测量烧杯和液体的总质量，天平平衡

时的情景如图甲所示，则烧杯和酸奶的总质量m1=______ g.然后他将烧杯中的酸奶倒入量筒中，由于酸奶比较粘稠且不透明，容易粘在筒壁上，对测量影响较大，y于是他找到了针筒(如图丙所示)，用针筒抽取V1=5mL 酸奶，测量烧杯和剩余酸奶的总质量m2=56.6g；则酸奶的密度为______ kg/m3.同组的小红观察发现，用针筒测量酸奶的体积，还有一个优点是：______ 。

(3)同组的小昊同学在实验中发现一个“问题”，他发现针筒的刻度线前的尖端还是有一点小“空隙”，这会

导致测得的酸奶密度比实际值______ (选填“偏大”“偏小”或“不变”)。于是，他们想出了一种修正方法：将此时抽满酸奶的针筒中的一部分酸奶返回烧杯，测量烧杯和剩余酸奶的总质量m3，记下此时______ ，则酸奶密度表达式：______ 。(用所测物理量的符号表示)

31.小明在“探究电流与电阻关系”的实验中，准备了如下实验器材：干电池，标有“15Ω1A”字样的滑动变阻器，

阻值分别为5Ω、10Ω、20Ω的定值电阻。

(1)小明连接了下面的电路，其中有一条导线连接有误，请将连接错误的导线打“×”并画出正确连线。

(2)排除故障后，小明将5Ω定值电阻连入电路，将滑动变阻器的滑片移动到______(选填a”或“b”)端，再闭

合开关，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为某一定值，此时电流表的示数如图乙，示数为______A。

(3)接下来断开开关，取下5Ω的定值电阻，分别把它换成10Ω、20Ω的定值电阻，闭合开关，调节滑动变阻器，

控制______(选填“电流表”或“电压表”)示数不变，分别读取相应的电流表示数，记录在表中：

实验次数123

电阻R/Ω51020

电流I/A0.20.1

______。

(5)小明想用一块电流表和一个定值电阻R0测未知电阻R x的阻值，于是他和同组同学设计了如图丙所示的电路

图，并进行如下实验操作：

①闭合S、S1，此时电流表的示数为I；

②闭合S、断开S1，此时电流表的示数为I1；

③求未知电阻R x的表达式为：R x=______。(用R0、I、I1表示)

32.在“测小灯泡电功率实验”中，电源电压为3V，小灯泡额定电压为2.5V。

(1)请用笔画线代替导线将图甲所示的实物电路连接完整(要求：滑动变阻器的滑片向右移动时小灯变亮)。

(2)闭合开关前，滑动变阻器的滑片应调至最______ (填“左”或“右”)端。

(3)闭合开关后，发现灯泡不亮，电流表没有示数，电压表有示数，则电路故障原因是______ 。

(4)故障排除后，闭合开关，移动滑片，当电压表示数为1.5V时，电流表示数如图乙所示，则此时小灯泡的功

率为______ W。若使小灯泡正常发光，应将滑片向______ (填“左”或“右”)端移动。

完成上述实验后，小聪向老师要了一个已知阻值为R0的电阻和一个单刀双掷开关，借助部分现有的实验器材，设计了如图丙所示的电路，也测出了灯泡的功率.请完成下列实验步骤：

①闭合开关S1，将S2拨到触点2，移动滑片，使电压表的示数为U1；

②再将开关S2拨到触点1，保持滑片的位置不动，读出电压表的示数U；

③灯泡实际功率表达式为______ (用测得量表示)。

答案和解析

1.【答案】A

【解析】解：由图知，温度计的示数是25℃，说明环境温度是25℃；

冰水混合物的温度是0℃，冰水混合物放在这一环境中会吸收热量，其中的冰会熔化，并且在熔化过程中温度保持不变，直到冰全部熔化成水；

所以将温度计放入冰水混合物中，开始时冰水混合物温度为0℃，温度计中液体温度较高，放出热量体积收缩，温度计示数变小，直到与冰水混合物温度相同；

当冰全部熔化成水，温度升高，温度计中液体温度也随着升高，直到与环境温度相同。

所以温度计内液体体积先减少接着保持不变，随后体积膨胀，最终保持不变。

故选：A。

①常用液体温度计是根据液体的热胀冷缩原理制成的；

②发生热传递的条件是存在温度差；

③冰属于晶体，在熔化过程中吸收热量，温度保持不变。

此题考查了液体温度计的工作原理和晶体熔化特点的应用，考查方式新颖，是一道创新题。

2.【答案】C

【解析】解：假如一个钩码的重力是G，则原来杠杆在水平位置处于平衡状态，此时作用在杠杆上的力分别为物体2G、3G，其对应的力臂分别为L1、L2，

根据杠杆的平衡条件可得：2G×L1=3G×L2，故可知，L1>L2。

当向支点移动相同的距离△L时，两边的力臂都减小△L，此时左边的乘积为：2G(L1?△L)=2GL1?2G△L，

右边的乘积为：3G(L2?△L)=3GL2?3G△L，由于3G>2G，所以3G△L>2G△L；

所以：2GL1?2G△L>3GL2?3G△L。

故左端会下沉。

故选：C。

根据杠杆原来处于平衡状态，利用图示杠杆的力臂关系；根据条件的变化，分别表示出杠杆作用两边力和力臂的乘积。比较两边乘积的大小，即可确定杠杆是否平衡。

知道并能熟练的利用杠杆的平衡条件分析是解决该题的关键。

3.【答案】D

【解析】解：

(1)由图知，n=2，s=2?=2×2m=4m，故A错；

(2)不计摩擦和绳重，拉力F=1

2(G+G

轮

)，则动滑轮的重力G轮=2F?G=2×250N?400N=100N，故B错；

(3)拉力端移动的距离s=4m，拉力做功W总=Fs=250N×4m=1000J，P=W总

t =1000J

10s

=100W，故C错；

(4)W

有用

=G?=400N×2m=800J，

滑轮组的机械效率η=W

有用

W

总

×100%=800J

1000J

×100%=80%，故D正确。

故选：D。

(1)由图知，使用滑轮组承担物重的绳子股数n=2，利用s=2?求拉力端移动的距离；

(2)不计摩擦和绳重，拉力F=1

2(G+G

轮

)，据此求动滑轮的重力；

(3)求出拉力端移动的距离，利用W=Fs求拉力做功，知道时间，利用功率公式求拉力做功功率；

(4)利用W=G?求有用功，再利用效率公式求滑轮组的机械效率。

本题考查了使用滑轮组动滑轮重力、有用功、总功、功率、机械效率的计算，求动滑轮重力要利用好：不计摩擦和

绳重，拉力F=1

2(G+G

轮

)。

4.【答案】AD

【解析】解：

A、重物的重力：

G=mg=240kg×10N/kg=2400N，

李军对重物做的有用功：

W

有用

=G?=2400N×2m=4800J，故A正确；

B、做的总功：

W

总

=Fs=1200N×5m=6000J

做功的功率为：P=W总

t =6000J

5×60s

=20W，故B错误；

C、简易斜面装置的机械效率：

η=W

有用

W

总

=4800J

6000J

×100%=80%，故C错误；

D、据课本知识可知，斜面本质上是一种省力机械，故D正确

故选：AD。

(1)知道重物的重力和斜面的高度，根据W=G?求出克服重力做的有用功；

(2)已知拉力F与斜面长，利用W=Fs计算总功，利用P=W

t

可求功率；

(3)知道有用功和总功，根据机械效率公式求出机械效率。

(4)据功的原理可知，斜面不能省功，但能省力。

本题考查了使用斜面时有用功、总功、机械效率的计算方法，常见题目。

5.【答案】D

【解析】

【分析】

本题考查了速度、燃烧值、功、功率、热机效率的计算，综合性强，难度适中，关键是公式的灵活运用。

(1)已知汽车行驶的时间和路程，利用速度公式即可求解；

(2)根据Q放=mq可求热量；

(3)根据W=Fs可求得该汽车牵引力所做的功，再利用P=W

t

求功率；

(4)利用效率公式求出该汽车的效率。

【解答】

(1)汽车的行驶速度：

v=s

t = 6.9km

(5×60+45)×1

3600

?

=72km/?，故①错误；

(2)消耗的燃油完全燃烧放出的热量：

Q

放

=mq=1.5kg×4.6×107J/kg=6.9×107J，故②正确；

(3)该汽车牵引力所做的功：

W=Fs=2×103N×6.9×103m=1.38×107J，

该汽车牵引力所做功的功率：

P=W

t =1.38×107J

5×60+45s

=40000W=40kW，故③错误；

(4)该汽车的效率：

η=W

Q

放=1.38×107J

6.9×10J

×100%=20%，故④正确。

故选D。

6.【答案】C

【解析】解：

甲图中两个气阀都关闭，火花塞点火，活塞下运动，是做功冲程，此冲程将内能转化为机械能；

乙图中进气门打开，活塞向下运行，气缸容积增大，是吸气冲程；

丙图中排气门打开，活塞向上运动，气缸容积减小，是排气冲程；

丁图中两个气阀都关闭，活塞向上运动，所以为压缩冲程，是机械能转化为内能；

A、四个冲程的正确顺序是乙丁甲丙，故A错误；

B、乙图为吸气冲程，内燃机在做功冲程能获得动力，故B错误；

C、丁图为压缩冲程，在该冲程中将机械能转化为内能，故C正确；

D、丙图为排气冲程，而在做功冲程存在化学能转化为内能的过程，故D错误。

故选：C。

四冲程内燃机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气，根据气门的状态、活塞运动的方向确定冲程的种类；其中只有做功冲程对外做功，将内能转化为机械能，压缩冲程将机械能转化为内能。

此题考查了对内燃机四个冲程的判断以及涉及能量转化的两个冲程，要结合气门和活塞运动情况进行判断。

7.【答案】D

【解析】解：

A、小轮滚动过程中受到竖直向下的重力，小轮也在竖直方向上移动了距离，所以重力对小轮做功，并且小轮受到摩擦力的作用，摩擦力也对小轮做了功，故A说法错误。

B、在正常运行时小轮到达两端最高点时速度为零，在最低点时速度最大，速度不停的变化，故B说法错误。

C、在任何时候能量守恒定律都是成立的，故C说法错误。

D、关掉电源后，小轮逐渐停下来，是因为小轮受到摩擦力的作用，小轮的机械能转化为内能，机械能逐渐减小；当通电时小轮能运动到相同高度，说明电能转化为机械能，即在小轮运行时需要消耗电能，故D说法正确。

故选：D。

(1)小轮滚动时受到重力和摩擦阻力的作用，这两个力都对小轮做功，只要找到有力对小轮做功即可排除选项。

(2)小轮在最低点是速度最大，在最高点时速度为零，整个过程中速度是不停变化的。

(3)自然界能量是守恒的。

(4)不通电时小轮逐渐停下来说明机械能转化为内能，通电时小轮能达到相同高度，说明电能来补给损耗的机械能。因为有阻力作用，小轮如果没有电源控制的情况下只能越滚高度越低，小轮能滚到相同的高度，说明一定有其它形式的能转化而来的。

8.【答案】A

【解析】解：

A、由图知，S1闭合时只有电动机工作，吹冷风；再闭合S2时，加热器和电动机并联，两者都能工作，此时吹热风，故A符合题意；

B、由图知，S1闭合时只有加热器工作，两开关都闭合加热器和电动机同时工作，只有热风没有冷风，故B不合题意；

C、由图知，S1闭合时加热器与电动机串联，再闭合S2时，只有电动机工作，但电动机和加热器串联时两者相互影响，故C不合题意；

D、由图知，S1闭合时电动机和加热器都工作，当两开关都闭合时只有加热器工作，故D不合题意。

故选：A。

由题知，电吹风能吹冷风又能吹热风，即电路中电动机可以单独工作，也可以是电动机和电热丝同时工作。由此分析各选项解答即可。

电吹风吹出来的是热风，还是冷风关键是看电动机和电热丝的工作状态，即分析是哪部分连入电路，有电流经过的

部分，才能工作。

9.【答案】B

【解析】

【分析】

(1)在电源的外部，电流的方向是从电源的正极经过用电器回到负极；

(2)把几个用电器首尾相接，连入电路是串联，串联电路中电流处处相等；

把几个用电器首首相接、尾尾相接，再连入电路，就是并联，并联电路中，干路电流等于各支路电流之和；

(3)串联电路电流处处相等，并联电路干路电流等于各支路电流的和；

(4)并联电路干路开关控制所有用电器，支路开关控制本支路。

本题考查了电路连接方式的判断，解决此类问题要结合串联电路和并联电路的特点选择合适的开关组合。

【解答】

解：A、由电路图可知，开关S1闭合，S2断开，电源外部电流流向为d→c→b→a，故A错误；

B、由电路图可知，闭合开关S1和S2，L1与L2首首相连、尾尾相连，两灯是并联的，故B正确；

C、开关S1、S2都闭合，L1与L2并联，由于不知道两灯泡的情况，不能判断通过灯泡L1的电流与通过灯泡L2电流的关系，故C错误；

D、开关S1在干路上，控制所有用电器，开关S2控制灯泡L1，故只闭合S1，灯泡L2发光，S1、S2都闭合，两灯泡都发光，只闭合S2的两灯泡都不发光，故D错误。

故选：B。

10.【答案】C

【解析】【试题解析】

解：由电路图可知，闭合开关S1，单刀双掷开关S2接a时，R1与R3串联，电流表测电路中的电流，

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以，由I=U

R

可得，电源的电压：

U=I a(R1+R3)=0.6A×(12Ω+R3)，

当闭合开关S1，单刀双掷开关S2接接b时，R2与R3串联，电流表测电路中的电流，

则电流表的示数：

，

R3为定值电阻，阻值不为0或者无限大，

当R3=0时，，

当R3?无限大时，I b=0.6A，

由R3是定值电阻可知，0.6A

故选：C。

本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，正确的得出电流表示数的变化范围是关键。

11.【答案】D

【解析】解：(1)当S1、S2、S3都闭合，滑动变阻器滑到a端时，灯泡L1和灯泡L2并联，

因并联电路中各支路两端的电压相等，且两灯都正常发光，

所以，电源的电压U=U1=U2=6V，故A错误；

(2)由P=UI可得，两灯泡都正常发光时通过的电流：

I1=P1

U1=3W

6V

=0.5A，I2=P2

U2

=6W

6V

=1A，

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，两灯都正常发光时电流表的示数：

I=I1+I2=0.5A+1A=1.5A，故B错误；

(3)由I=U

R

可得，两灯泡的电阻：

R1=U1

I1=6V

0.5A

=12Ω，R2=U2

I2

=6V

1A

=6Ω，

当S1、S3闭合且滑片位于b端时，R1与R的最大阻值串联，电路中的总电阻最大，电路的总功率最小，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以，电路的最小总功率：

P 小=U2

R1+R

=(6V)2

12Ω+12Ω

=1.5W，故C错误；

(4)当S1、S2、S3都闭合且滑片位于a端时，两灯泡并联，电路中的总电阻最小，电路的总功率最大，

因此时两灯泡均正常发光，

所以，整个电路的最大功率：

P

大

=P1+P2=3W+6W=9W，故D正确。

故选：D。

(1)当S1、S2和S3都闭合，滑动变阻器的滑片滑到a端时，灯泡L1和灯泡L2并联，两灯泡均正常发光时的电压和额定电压相等，根据并联电路的电压特点求出电源的电压；

(2)根据P=UI求出两灯泡都正常发光时通过的电流，根据并联电路的电流特点求出两灯都正常发光时电流表的示数；

(3)根据欧姆定律求出两灯泡的电阻，两灯泡的最大电阻和R的最大阻值串联时电路中的总电阻最大，电路的总功

率最小，根据电阻的串联和P=UI=U2

R

求出电路的最小总功率；

(4)当S1、S2、S3都闭合且滑片位于a端时，两灯泡并联，电路中的总电阻最小，电路的总功率最大，此时两灯泡的

实际功率和额定功率相等，两灯泡的功率之和即为电路的总功率。

本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确的判断电路的最大总功率和最小总功率是关键。

12.【答案】B

【解析】解：

A、在灯的安装及开关的连接中，火线先接开关，再接入灯泡，所以灯L1接法错误；故A错误；

B、使用洗衣机时应选择插座C，把洗衣机外壳与大地接通，避免因意外漏电对人身产生伤害，故B正确；

C、灯L1、L2是并联的，互不影响，故C错误；

D、如图中AB之间发生断路，C插座电路连接正常，试电笔接触C插座火线时，氖管发光，故D错误；

故选：B。

(1)灯泡的接法：火线直接进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接进入灯泡的螺旋套；

(2)使用金属外壳家用电器时，要通过三孔插座将电器外壳与大地接通，避免因意外漏电对人身产生伤害。

(3)家庭电路中，各插座和各家用电器之间都是并联的。

(4)试电笔接触火线时，氖管会发光。

掌握家庭电路中三孔插座、两孔插座、开关、灯泡的接法，并理解各种接法的原因是正确判断的关键。

13.【答案】D

【解析】解：

由图可知，电流从螺旋管的左端流入、右端流出，用右手握住螺旋管，四指指向电流的方向，则大拇指指向右端，所以右端是N极，故AB错误；

滑动变阻器的滑片P向右滑动过程中，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，

由I=U

R

可知，电路中的电流变小，通过电磁铁的电流变小，

则在螺旋管的匝数一定时，电磁铁的磁性减弱，故C错误、D正确。

故选：D。

(1)根据安培定则判断电磁铁右端的N、S极，即伸出右手，用右手握住螺旋管，四指指向电流的方向，大拇指所指的方向是N极；

(2)根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化；线圈匝数一定时，电流越大，电磁铁的磁性越强，反之越小。

本题考查了安培定则和影响电磁铁磁性强弱因素的应用，正确的判断电流的方向和电路中电流的变化是关键。14.【答案】B

【解析】解：

A.地球接受的辐射能来自太阳中的核聚变反应，因此太阳是一个巨大的“核能火炉”。故选项A正确；

B.太阳能可以从自然界直接获取为一次能源。故选项B不正确；

C、D.太阳能属于可再生能源，并且清洁无污染。故选项C、D正确。

故选：B。

(1)太阳的能量来自于内部的核聚变；

(2)一次能源是指的直接从自然界获取的能源；

(3)能够短时间从自然界得到补充的能源是可再生能源；

(4)太阳能主要特点是取之不尽用之不竭，并且清洁无污染。

本题考查了太阳能的产生、太阳能的分类、太阳能的优点等知识。

15.【答案】D

【解析】解：根据电路图可知，电阻R1与变阻器R2串联，电压表测量R1两端电压，电流表测量电路中的电流；

设滑片P移到变阻器中点和b点时电路中的电流分别为I1、I2；

已知P1：P1′=25：9，由P=I2R可得：P1

P1′=I12R1

I22R1

=I12

I22

=25

9

；

设滑动变阻器R2的最大阻值为R，

滑片P在中点和在b端时，R2消耗的功率之比：

P2 P2′=I1

2×1

2

R

I22R

=1

2

×I12

I22

=1

2

×25

9

=25

18

。

故选：D。

根据电路图可知，电阻R1与变阻器R2串联，电压表测量R1两端电压，电流表测量电路中的电流；

根据欧姆定律和P=I2R分别表示出滑片P在中点和在b端时R1、R2消耗的功率之比，进一步求出R2消耗的功率之比。

本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是明确滑片在不同位置时滑动变阻器接入电路阻值的大小。

16.【答案】1 80

【解析】解：

(1)设量杯的质量为m杯，液体的密度为ρ，

读图可知，当液体体积为V1=20cm3时，液体和量杯的总质量m总1=m1+m杯=40g，

根据ρ=m

V

可得m=ρV，

则有：ρ×20cm3+m杯=40g-----①

当液体体积为V2=80cm3时，液体和量杯的总质量m总2=m2+m杯=100g，

可得：ρ×80cm3+m杯=100g-----②

②?①可得液体的密度：

ρ=100g?40g

80cm3?20cm3

=1g/cm3，

将ρ=1g/cm3代入①得：

m

杯

=40g?1g/cm3×20g=20g；

(2)当液体的体积V3=60cm3，液体的质量：

m3=ρV3=1g/cm3×60cm3=60g。

量杯及液体的总质量：m总=m3+m杯=60g+20g=80g。

故答案为：1；80。

(1)设量杯的质量为m杯，液体的密度为ρ，读图可知，当液体体积为V1=20cm3时，液体和量杯的总质量m总1；当液体体积为V2=80cm3时，液体和量杯的总质量m总2，列方程组求出液体密度和量杯的质量；

(2)当液体的体积V3=50cm3，利用m=ρV求液体质量。

读取图像获取信息，进一步进行分析和计算，是本题的一大特点，形式较为新颖，即考查了密度的相关计算，同时更考查了对图像的认识，值得我们关注，这也是我们应该锻炼的实验能力。

17.【答案】<=

【解析】解：

工人们用同一滑轮组，根据需要有两种方式来提起等重的建筑材料，由图知n分别为3、2，

不计摩擦及绳重，提升等重的建筑材料时拉力分别为：

F1=1

3(G

物

+G

动

)，F2=1

2

(G

物

+G

动

)，

比较可知F1

因不计摩擦及绳重，额外功的来源是克服动滑轮自重做的功，

滑轮组的机械效率η=W

有

W

总

=

G

物

?

G

物

?+G

动

?

=

G

物

G

物

+G

动

，

因动滑轮的重力不变、提起物体的重力相同，故ηA=ηB。

故答案为：<；=。

不计摩擦和绳重，绳端的拉力F=G物+G动

n

，据此判断拉力的大小；

因不计摩擦及绳重，额外功的来源是克服动滑轮自重做的功，根据公式η=W

有

W

总

=

G

物

?

G

物

?+G

动

?

=

G

动

G

物

+G

动

比较机械效率的

大小。

此题考查了使用滑轮组时拉力和机械效率的比较，难度不大。

18.【答案】比热容较大8.4×105

【解析】解：沿海地区水多，内陆地区水少、干泥土和沙石多，因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和干泥土、沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，所以沿海地区昼夜的温差小；

水吸收的热量：Q吸=c水m△t=4.2×103J/(kg?℃)×10kg×20℃=8.4×105J。

故答案为：比热容较大；8.4×105。

水的比热容较大，与相同质量的其他物质相比，同样受热或冷却的情况下，吸收或放出相同热量，水的温度变化量小；

已知水的比热容、质量、升高的温度，利用公式Q=cm△t得到水吸收的热量。

此题考查了水的比热容较大的特点及热量计算公式的应用，难度不大，是一道基础题。

19.【答案】S1、S24：1

【解析】解：如图所示，要使电阻R2、R3并联，则电阻R2、R3中必须有电流通过，所以应闭合开关S1、S2，此时电流表测干路电流，

因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，

所以，电路中的总电阻：

R=R1R2

R1+R2=10Ω×10Ω

10Ω+10Ω

=5Ω，

此时电流表的示数：

I1=U

R =U

5Ω

；

断开开关S1、S2时，R1、R2串联，电流表测电路中的电流，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以，此时电压表的示数：

I2=U

R1+R2=U

10Ω+10Ω

=U

20Ω

，

所以，I1：I2=U

5Ω：U

20Ω

=4：1。

故答案为：S1、S2；4：1。

(1)电路的基本连接形式有两种：一种是串联，在串联电路中电流只有一条路径，各用电器之间相互影响；另一种是并联，在并联电路中电流有多条流通路径，各个用电器之间互不影响，独立工作；

(2)R2、R3并联时，电流表测干路电流，根据电阻的并联求出电路中的总电阻，利用欧姆定律表示出电路中的电流；R1、R2串联时，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电路中的电流，然后得出两种情况下电路中的电流之比。

本题考查了开关闭合、断开时对电路连接方式的影响和串并联电路特点、欧姆定律的应用，是一道较为简单的应用题。

20.【答案】810 198

【解析】解：由P=U2

R

可得：

电热水壶的电阻：R=U

额

2

P

额

=(220V)2

1000W

=48.4Ω，

因为每消耗1kW??的电能，电能表的转盘转1800转，所以电能表的转盘转81转消耗的电能为：

W=81r

1800r/kW??=9

200

kW??=9

200

×3.6×106J=1.62×105J，

电热水壶的实际功率为：P

实=W

t

=1.62×105J

200s

=810W，

所以实际电压：U实=√P实R=√810W×48.4Ω=198V。

故答案为：810；198。

根据电能表的参数“1800r/kW??”先计算出电能表的转盘转81转消耗的电能，根据电功率公式P=W

t

计算出电热

水壶的实际功率，再根据P=U2

R

计算实际电压。

本题考查电功率公式的应用，知识点多、联系实际生活，属于中考常见题型，读懂电能表的参数是本题的关键。

21.【答案】20 5 1.25

【解析】解：(1)当S、S1都闭合且滑动变阻器的滑片P在A端时，灯泡L与R的最大阻值并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路两端的电压相等，且此时灯泡正常发光，

所以，电源的电压U=U L=10V，由P=UI可得，通过灯泡的电流：

I L=P L

U L =5W

10V

=0.5A，

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过R的电流：

I R=I?I L=1A?0.5A=0.5A，

由I=U

R

可得，滑动变阻器的最大阻值：

R=U

I R =10V

0.5A

=20Ω；

(2)灯泡的电阻：

R L=U L

I L =10V

0.5A

=20Ω，

当S闭合、S1断开且滑动变阻器的滑片P在B端时，灯泡L与滑动变阻器R的最大阻值串联，电压表测R两端的电压，

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以，电路中的电流：

I′=U

R+R L =10V

20Ω+20Ω

=0.25A，

此时电压表的示数：

U R=I′R=0.25A×20Ω=5V，

灯泡L的实际功率：

P L′=(I′)2R L=(0.25A)2×20Ω=1.25W。

故答案为：20；5；1.25。

(1)当S、S1都闭合且滑动变阻器的滑片P在A端时，灯泡L与R的最大阻值并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点结合额定电压下灯泡正常发光可知电源的电压，根据P=UI求出通过灯泡L的电流，根据并联电路的电流特点求出通过R的电流，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值；

(2)根据欧姆定律求出灯泡的电阻，当S闭合、S1断开且滑动变阻器的滑片P在B端时，灯泡L与滑动变阻器R的最大阻值串联，电压表测R两端的电压，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出R两端的电压，根据P=UI=I2R求出灯泡L的实际功率。

本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。

22.【答案】增大升高 1.5

【解析】解：火箭中的燃料燃烧时，燃气推动火箭和卫星上升，卫星的质量不变，速度变大，高度增加，所以卫星的动能、重力势能都增大，其机械能会增大；

火箭上升过程中，克服与大气间的摩擦，机械能转化为内能，所以火箭外壳的温度会升高；

电磁波在太空中的传播速度为3×108m/s=3×105km/s，

由v=s

t 可得，电磁波传播时间：t=

s

v

=450000km

3×105km/s

=1.5s。

故答案为：增大；升高；1.5。

内能可以用来做功，转化成机械能；

对物体做功物体内能增加，温度升高；物体对外做功，物体内能减少，温度降低；

电磁波的传播速度是3×108m/s，已知电磁波信号传播距离和速度，利用公式t=s

v

得到信号传播时间。此题考查了能量的转化和速度变形公式的应用，是一道联系实际的应用题，难度不大。

23.【答案】0.340.0011000

【解析】解：波长λ=1.02m÷3=0.34m，

频率γ=v

λ=340m/s

0.34m

=1000Hz，

周期T=1γ=1

1000Hz

=0.001s。

故本题答案为：0.34；0.001；1000。

从图看出三个波长为1.02m，故可求得波长。再由波速=波长×频率来计算频率和周期。

本题考查了：波长的概念：两个波峰之间的距离即为一个波长；波速公式：波速=波长×频率；频率与周期的关系：周期×频率=1。

24.【答案】2 100 降低

【解析】解：由电路图可知，热敏电阻R1与定值电阻R0串联，电压表测R0两端的电压。

(1)由图象可知，当暖箱内温度为60℃时，R1=150Ω，

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以，电路中的电流：

I=U

R0+R1=4V

150Ω+150Ω

=1

75

A，

电压表的示数：

U0=IR0=1

75

A×150Ω=2V；

(2)由图象可知，当温度升高时，热敏电阻R1的阻值减小，电路的总电阻减小，

由I=U

R

可知，电路中的电流变大，电压表的示数变大，

所以当电压表的示数为3V时，暖箱内的温度最高，

因串联电路中各处的电流相等，

所以，此时电路中的电流：

I′=U

0大

R0

=3V

150Ω

=1

50

A，

因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，热敏电阻R1两端的电压：

U1=U?U

0大

=4V?3V=1V，

此时热敏电阻的阻值：

R1′=U1

I′=1V1

50

A

=50Ω，

由图象可知，暖箱内的最高温度是100℃；

(3)暖箱内的温度最高时，R0两端的电压为3V不变，电源电压恒定为4V，则热敏电阻两端的电压为1V也不变，将R0换用阻值更大的电阻时，通过R0的电流变小，通过热敏电阻的电流也变小，

由R=U

I

可知，热敏电阻的阻值变大，由图象可知，暖箱内能达到的最高温度将降低。

故答案为：2；100；降低。

由电路图可知，R1与R0串联，电压表测R0两端的电压。

(1)由图象可知，当暖箱内温度为60℃时热敏电阻的阻值，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出电压表的示数；

(2)由图象可知，当温度升高时，热敏电阻的阻值减小，电路的总电阻减小，根据欧姆定律可知电路中的电流变大，电压表的示数变大，当电压表的示数最大时暖箱内的温度最高，根据欧姆定律求出电路中的电流，利用电阻的串联求出R1两端的电压，再根据欧姆定律求出R1的阻值，从图象中读出对应的温度；

(3)暖箱内的温度最高时，R0两端的电压3V不变，热敏电阻两端的电压1V也不变，将R0换用阻值更大的电阻时，电路中的电流变小，热敏电阻的阻值变大，据此结合图象得出答案。

本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，从图象中获取有用的信息是关键。

25.【答案】解：由图可知，将灯泡L3的右端接线柱与电源正极连接，则可实现开关S接1时，只有L1、L2亮(L1、L2并联)，开关接2时，只有灯L3、L4亮(L3、L4并联).如图所示：

【解析】根据电路的状态和电路的连接进行分析，当开关S接1时，只有L1、L2亮，则L1、L2并联并由同一个开关控制，同理当开关S接2时，只有L3、L4亮，则L3、L4并联并由同一个开关控制。

本题考查了根据要求连接电路图，关键是会根据开关的作用和串并联电路的特点判断出电路的连接方式。

26.【答案】解：①根据异名磁极相互吸引的规律可知，小磁针靠近通电螺线管的N极的一端为S极，另一端是N 极。

②根据安培定则，伸出右手握住螺线管使大拇指指示通电螺线管的N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流由螺线管的右端流入，即电源的右端为正极，电源左端是负极。如下图所示：

【解析】①根据磁极间的相互作用规律判断出小磁针的磁极；

②根据安培定则判断出电流的方向从而找到电源的正负极。

磁极间的相互作用规律与安培定则相结合是电磁学方面的常见题型，一般有两个思路：①由小磁针的指向判断通电螺线管的磁极，进而判断电流的方向或绕线；②根据右手定则判断出通电螺线管磁极，进而判断出小磁针的指向。

27.【答案】解：(1)由题意知，该白酒中酒精与水的体积比为45：55，

设白酒体积为为100cm3，则其中酒精的体积为V酒精=45cm3，水的体积为V水=55cm3，

则根据ρ=m

V 可得，白酒中酒精的溶质质量分数=

V

酒精

×ρ

酒精

V

酒精

×ρ

酒精

+V

水

×ρ

水

×100%=45cm3×0.8g/cm3

45cm3×0.8g/cm3+55cm3×1g/cm3

×100%≈

40%。

(2)设需要该白酒的质量为m，

则根据题意可得：50g×20%=m×40%，

解得，m=25g。

答：(1)45°白酒中的溶质的质量分数为40%；

(2)欲配制50g溶质质量分数为20%的酒精，需要这种白酒25克。

【解析】(1)利用53°的白酒中，酒精和水的体积之比为53：47，求出45°酒中水与酒精的体积比，再利用溶质的质量分数计算方法进行计算。

(2)利用配置前后溶质的质量不变的知识解决。

此题属于跨学科题目，主要了考查密度公式的应用、有关溶液知识计算，解题的关键是掌握溶质质量分数的计算，并结合溶液稀释时溶质的质量不变进行解决。

28.【答案】解：(1)奶奶所做的功：

W =Fs =240N ×6m =1440J ；

(2)爷爷的质量m 人=60kg ，则爷爷的重力： G =mg =60kg ×10N/kg =600N ，

由图可知，n =3，不计绳重和摩擦，由F =1

n (G +G 动)可得动滑轮(含座椅)的重力： G 动=nF ?G =3×240N ?600N =120N ， 动滑轮(含座椅)的质量： m 动=

G 动g

=

120N 10N/kg

=12kg ；

(3)不计绳重和摩擦，该升降座椅装置的机械效率： η=

W 有用W 总

=W 有用

W

有用

+W 额

=G?

G?+G

动

?

=G G+G 动

=600N

600N+120N ×100%≈83.3%。 答：(1)奶奶所做的功是1440J ；

(2)动滑轮(含座椅)的质量是12kg ；

(3)该升降座椅装置的机械效率是83.3%。

【解析】(1)根据W =Fs 可求奶奶所做的功；

(2)不计绳重和摩擦，根据F =1

n (G +G 动)变形可求动滑轮(含座椅)的重力，再根据G 动=m 动g 可求动滑轮(含座椅)的

质量；

(3)不计绳重和摩擦，根据η=

W 有用W 总

=W 有用

W

有用

+W 额

=G?

G?+G

动

?

=G

G+G 动

可求该升降座椅装置的机械效率。 此题主要考查了学生对滑轮组省力特点、功和机械效率计算公式的理解和掌握，常见题目。

29.

【答案】解：(1)灯泡L 标有“9V0.3A ”的字样，表示灯的额定电压为9V ，额定电流为0.3A ，则灯的额定功率为： P =U L I L =9V ×0.3A =2.7W ；

(2)将R 1的滑片调到最左端时，继电器的衔铁刚好被吸下，控制电路为R 2的简单电路，控制电路的电流： I =U R 2

=5V

25Ω=0.2A ；

(3)由图乙知，将报警温度设为50℃时，R 2′=10Ω； 根据电阻的串联和欧姆定律有： I =U

R

1+R 2

′

，即0.2A =5V

R 1+10Ω

，故R 1=15Ω；

(4)在R 2温度为20℃的情况下，小明依次进行如下操作：闭合开关S 1和S 2，R 0与灯串联，灯泡L 恰好正常发光，灯的电压为9V ；此时R 0的电功率为P 0；

调节R 3的滑片，此时R 3、R 4与R 0串联，当R 3与R 4的电压之比U 3：U 4=4：1时，电子嗡鸣器恰好能发声，此时R 0的电功率为P 0′，P 0′：P 0=4：9， 根据P =U 2R ，在R 不变时，功率与电压的平方成正比，

故

U 0′U 0

=√4

9=2

3，

故U 0=1.5U 0′，

根据欧姆定律，在电阻不变时，电流与电压成正比，故I 0=1.5I 0′，因I 0=0.3A ，所以，I 0′=0.2A ， R 3与R 4的电压之比U 3：U 4=4：1，由分压原理，R 3：R 4=4：1， 故R 3=4×10Ω=40Ω；

由串联电路的规律及欧姆定律，根据两种情况下工作电路的电源电压不变有： U R0+U L =U R3+U R4+U R0′，