〖汇总3套试卷〗漳州市2018年中考物理联考试卷

中考物理模拟试卷

一、选择题

1．工人用如图所示滑轮组将矿井中的物体A 和物体B 先后以同样的速度匀速提升上来．物体A 的重力为150 N ，物体B 的重力为75 N ，提升物体A 时，滑轮组的机械效率为75%．若用此滑轮组提升物体B 时，在10 s 内物体B 上升5 m ，（不计绳重和摩擦）下列描述正确的是

A ．提升物体

B 时，滑轮组的机械效率是62.5%

B ．提升物体B 时，拉力F 的功率是62.5 W

C ．提升物体B 时，拉力F 所做的功是62.5 J

D ．提升物体A 时，拉力F 的功率是50 W

【答案】B

【解析】在不计绳重和摩擦的条件下，使用滑轮组提升物体A 时，克服动滑轮重力所做的功为额外功，克服物体A 的重力所做的功为有用功，所以：W 有A =G A h ，W 额A =G 动h ；因为提升物体A 时，滑轮组的机械

效率为75%，所以额外功占25%，即A A W W 有额=A G h G h

动=A G G 动=75%25%=3，因为G A =150N ，所以G 动=150N 3

=50N ，当使用该滑轮组提升物体B 时，作用在绳子自由端的拉力大小为：F B =B 2

G G +动=75N 50N 2+=62.5N ，因为物体B 上升的高度为h B =5m ，所以绳自由端移动的距离是s=2h B =2×5m=10m ，拉力做的功W=F B s=62.5N ×10m=625J ，故C 错误；拉力的功率P=W t =625J 10s

=62.5W ，故B 正确；此时机械效率η′=75N 5m 625J ?×100%=60%，故A 错误；提升物体A 时拉力为F A =A 2

G G +动=150N 50N 2+=100N ，由于速度相同，所以提升物体A 时，拉力的功率P ′=

A F s t =100N 10m 10s ?=100W ，故D 错误． 2．如图所示是机场的安检人员用手持金属探测器检查乘客的情景，基本原理是当探测线圈靠近金属物体时，在金属物体中就会产生电流．如果能检测出这种变化，就可以判定探测线圈下面有金属物体了．选项中能反映出金属探测器工作原理的是

A．

B．

C．

D．

【答案】B

【解析】手持金属探测器的原理是发电机原理，导体切割磁感时产生感应电流；

A．是说明通电导线周围存在磁场；

B．是导体切割磁感时产生感应电流；

C．是研究电磁铁特点的；

D．是通电电导体在磁场中受力运动；应选B．

3．下列对热学知识进行的归纳总结中，正确的是（）

A．空气推动活塞时内能增加

B．下滑时通过做功增加了物体内能

C．小蒸汽轮机利用机械能转化成内能来工作

D．海边昼夜温差小是因为水的比热容小

【答案】B

【解析】A、空气推动活塞，对活塞做功，空气的内能减小，温度降低，故该选项说法错误； B、下滑时通过功增加了物体内能，克服摩擦做功，机械能转化成内能，内能增加，故该选项正确；

C、蒸汽轮机是利用内能转化为机械能的原理进行工作的，故该选项说法错误．

D、因为水的比热容较大，在吸收相同的热量时温度变化较小，所以昼夜温差较小，故该选项说法错误；故选B．

【点睛】

本题利用生活中热学知识的实例，综合检查了能量转化多方面的知识，要求学生对物体内能的转化有一个全面的了解并能学以致用．让学生真正掌握物体内能的转化方式．

1、本题主要是考查能量转化知识的题目，要求学生掌握物体内能的转化；

2、做功可以改变物体的内能，当对物体做功时，机械能转化为内能，当物体对外做功时，内能转化为机械能；

3、比热容是物质的特性，大部分物质的比热容不同，比热容大的物质在同样受冷或受热时，温度变化量小．

4．如图质地均匀的圆柱甲、乙放置在水平地面上，密度分别为ρ甲和ρ乙，已知它们底面积相同且对地面的压强相等，则ρ甲_ρ乙，如果沿水平方向分别将乙、甲两圆柱切去相同的高度h ，则甲、乙剩余部分对地面的压强p 甲_p 乙．(均填“＞”“＜”或“＝”

)

【答案】＞ ＜

【解析】[1]质地均匀的圆柱体对水平地面压强 F G mg Vg Sgh p gh S S S S S

ρρρ====== 因原来甲乙对地面的压强相等,且h 甲＜h 乙，所以ρ甲＞ρ乙；

[2]若沿水平方向将甲、乙切去相同的高度h 后，甲乙剩余部分对地面的压强分别为：

()

()p g h h p g h h ρρ甲甲甲剩乙乙乙剩＝﹣＝﹣

因gh gh ρρ甲甲乙乙＝，且ρ甲＞ρ乙，所以

()()()0p p g h h g h h gh ρρρρ甲甲乙乙乙甲甲剩乙剩﹣＝﹣﹣﹣＝﹣＜

则p 甲剩＜p 乙剩，即甲剩余部分对地面的压强小于乙剩余分对地面的压强。

5．电脑正常工作时，中央处理器不断发热，必须用风扇给予降温．为了保证中央处理器不被烧坏，要求：中央处理器（即CPU ）工作之前，带动风扇的电动机要先启动，中央处理器断电后，电动机仍能工作很长一段时间，来进行散热，下面的四个电路图中符合要求的是

A ．

B ．

C ．

D ．

【答案】D

【解析】由题意可知电动机和灯泡可以独立工作、互不影响，即为并联，然后根据开关的作用使带动风扇

的电动机先工作后灯泡才能工作，即开关在干路时，可控制所有用电器，在支路上时，只控制该支路上的用电器．A图中开关闭合后，CPU先开始工作，故不符合题意；B图中CPU与电动机同时工作；闭合支路开关后，电动机先不工作，不能做到中央处理器断电后，电动机仍能工作很长一段时间，来进行散热，故不符合题意错误；C图中，两个开关若同时闭合，电机被短路，若只闭合电源左侧开关，电机与CPU串联，故C不符合题意；D图中干路中开关闭合，电动机立刻工作，而CPU在支路开关的作用下后工作，当断开支路开关时，CPU不工作，电动机仍可工作，做到中央处理器断电后，电动机仍能工作很长一段时间，来进行散热，故D符合题意，故选D．

6．如图，水母身体外形像一把透明伞．水母身体内有一种特别的腺，腺能产生一氧化碳改变自身体积，从而能在水中上浮与下沉．下列判断正确的是

A．水母漂浮时，所受浮力大于自身重力

B．水母悬浮时，若体积变大时则会上浮

C．水母在下沉过程中受到水的压强不变

D．水母漂浮时比沉在水底时排开水的重力小

【答案】B

【解析】A、根据物体漂浮条件可知，水母漂浮时，所受浮力等于自身重力，故A错误；

B、水母悬浮时，浮力等于其重力；若体积变大时，其排开水的体积变大，根据F浮＝ρgV排知，浮力变大，浮力大于重力，则水母会上浮，故B正确；

C、水母在下沉过程中，深度增大，根据p＝ρgh知，受到水的压强变大，故C错误；

D、水母漂浮时，浮力等于其重力，水母沉在水底时，浮力小于其重力，所以水母漂浮时受到的浮力大于其沉在水底时受到的浮力，由F浮＝G排可知，水母漂浮时比沉在水底时排开水的重力大，故D错误．7．如图所示，利用起重机将另一较重的机器吊起．以下说法正确的是

A．吊臂实质是省力杠杆

B．吊臂抬的越高，阻力臂越大

C．伸长吊臂可能造成起重机倾翻

D．放长吊绳会使吊臂受到的支持力变大

【答案】C

【解析】A．由图可知，吊臂的阻力臂大于动力臂，所以吊臂实质是费力杠杆，故A选项错误；

B．从图中可以看出，吊臂抬的越高，阻力臂越小，故B选项错误；

C．伸长吊臂时机器对吊臂的拉力的力臂过大，可能造成起重机倾翻，故C选项正确；

D．放长吊绳时，吊臂受的拉力和吊臂的力臂都不变，所以吊臂受到的支持力不变，故D选项错误．8．下列关于功、内能和热量的描述中正确的是（）

A．物体的温度不变，内能一定不变

B．做功和热传递都能改变物体的内能

C．温度高的物体含有的热量比温度低的物体多

D．热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递

【答案】B

【解析】A．内能的多少与物体的质量、温度、状态有关，温度不是决定物体内能大小的唯一因素，应考虑其它因素．故A不符合题意．

B．改变物体内能的两种方式：做功和热传递，改变物体内能的两种方法是等效的；故B符合题意．C．温度高的物体，含有的热量一定多；错误，热量不是状态量，不能说含有或者具有热量；故C不符合题意．

D．传递的条件是：有温度差；热传递的特点是：高温物体放出热量，低温物体吸收热量，热量从高温物体传给低温物体，但内能小的物体温度可能比内能大的物体温度高，因此热量也可能由内能小的物体传给内能大的物体．故D不符合题意．

9．下列说法中正确的是（）

A．沿海地区昼夜温差小，主要原因是水的比热容较大

B．物体的温度越高，分子运动得越快，物体的动能越大

C．温度高的物体具有的内能多，温度低的物体具有的内能少

D．0℃的冰熔化成0℃的水，由于温度不变，所以它的内能不变

【答案】A

【解析】沿海地区水多，内陆地区水少、沙石多，因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区昼夜的温差小，故A正确；

物体的温度越高，分子运动得越快，但物体的动能不一定大，故B错误；

内能的大小跟质量、温度、状态有关，温度不是决定内能大小的唯一因素，故C错误；

0℃的冰熔化成0℃的水，温度不变，但它的内能增大，故D错误；

故选A．

10．某同学用两个相同的大铁钉绕制成电磁铁进行实验，如图所示，在“研究电磁铁”的实验过程中，当S闭合后，下列说法不正确的是

A．B线圈的匝数多，说明通过B线圈的电流大于通过A线圈的电流

B．要使电磁铁磁性增强，应将滑动变阻器的滑片P向左移动

C．电磁铁能吸引的大头针越多，表明它的磁性越强

D．电流相同，匝数多的磁性大

【答案】A

【解析】由于A、B两线圈串联，则通过它们的电流是相同的，故A选项说法错误；当滑片向左移动时，滑动变阻器连入电路中的电阻变小，电路中电流增大，电磁铁的磁性增强，故B选项说法正确；实验中电磁铁的磁性强弱是通过吸引大头针的多少体现出来的，电磁铁能吸引的大头针越多，表明它的磁性越强，故C选项说法正确；当电流相同时，线圈匝数越多，电磁铁磁性越强，故D选项说法正确．

二、填空题

11．微风吊扇通电后扇叶转动，拔下插头，插头处接发光二极管，旋转叶片后二极管发光,这是__________现象过程中______能转化______能

【答案】电磁感应机械电

【解析】电风扇里装的是电动机，其构造中是由磁场和线圈组成的，故若转动电动机的线圈时，线圈恰好在磁场中做切割磁感线运动，故此时会产生电流，该现象实际就是电磁感应现象．

这一过程中，消耗机械能获得电能．

12．某家庭使用如图所示的电能表，该家庭允许使用的用电器总功率最大为_____W，小明利用该电能表和秒表测量规格为“220V，1210W”的用电器实际功率，将该用电器接入电路并工作，电能表的指示灯在6min内闪烁160次，则测得的实际电功率是_____W，该用电器两端的实际电压是_____V．

【答案】88001000200

【解析】由电能表的铭牌可知，U=220V，平时工作允许通过的最大电流I=40A，

能接入用电器的最大总功率：

P最大=UI=220V×40A=8800W；

根据参数1600imp/(kW?h)知，每消耗1kW?h的电能，电能表的指示灯闪烁1600次；所以闪烁160次消耗的电能为：

W=

160

1600kW h?

=0.1kW?h，

用电器的实际功率：

P=

W

t

=

0.1kW h

6

60

h

?

=1kW=1000W。

由P额=

2

U

R

额可得用电器的电阻：

R=

2

U

P

额

额

=

2

220V

1210W

（）

=40Ω

由P实=

2

U

R

实可得该用电器两端的实际电压是:

U=P R

实

=1000W40Ω

?=200V.

13．如图所示的电路中，闭合开关S1、S2，电流表和电压表均有示数。若断开S2，L1和L2_____（选填“串联”或“并联“），电流表的示数_____，电压表的示数_____。（后两空均选填“增大“减”或“不变”）

【答案】串联减小减小

【解析】由电路图可知，闭合开关S1、S2时，电流从电源的正极出发，依次经S1、电流表、S2、L1回到电源的负极，电压表并联在L1两端测其两端的电压，即此时只有L1发光；若断开S2后，电流从电源的正极出发，依次经S1、电流表、L2、L1回到电源的负极，电压表并联在L1两端测其两端的电压，即此时两灯泡串联；因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，即总电阻大于任何一个分电阻，所以断开S2后，电路中的总电阻变大，由I＝

U

R

可知，电路中的电流变小，即电流表的示数减小；由U＝IR可知，L1两端的电压变小，即电压表的示数减小。

14．如图所示的电路中，电源电压不变．闭合电键S，电路正常工作．（故障只发生在L或R上）

①若过了一会儿，灯L熄灭，两个电表中只有一个电表的示数变小，则故障是______________；

②若过了一会儿，灯L熄灭，两个电表的示数同时变小，则故障是____________．

【答案】（一定）R断路（一定）L断路

【解析】若灯L断路后两表均没有示数；若电阻R断路，电压表串连接入电路，测量电源电压示数变大，由于电压表电阻较大，因此电路中电流减小，电流表示数几乎为零，灯L熄灭；若灯L短路后，电路总阻值减小，电流变大，电压表测量电源电压也变大；若电阻R短路后，电路总阻值减小，电流变大，灯L更亮；由上可知①中R断路；②中L断路．

15．如图所示，园林师傅经常使用的工具---高枝剪，它的基本构造主要包括剪口A、滑轮B、滑轮C和高强度纤维绳D．园林师傅把高处要修剪的树枝放入剪口A，然后用力F向下拉纤维绳D，就能把树枝剪断。剪口A制作的非常锋利目的是_____（选填“增大”或“减小”）压强；滑轮B为_____（选填“定滑轮”或“动滑轮”），高枝剪属于_____（选填“省力杠杆”、“等臂杠杆”或“费力杠杆”）。

【答案】增大动滑轮省力杠杆

【解析】剪口A制作的非常锋利，目的是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，很容易将树枝剪断；滑轮B可以随着高枝剪的动刀口一起运动是动滑轮，使用高枝剪剪树枝时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆。

16．如图所示,用手把一个圆柱体物块浸没在水中．物块的上表面受到水的压力大小为14.7 N,它的下表面受到水的压力大小为20.5 N,物块受到的浮力大小为_________N,浮力的方向为_________;若物块重为8 N,放手后这个物块将_________(选填“上浮”“悬浮”或“下沉”)．

【答案】5.8 竖直向上下沉

【解析】(1)圆柱体受到的浮力：F浮＝20.5N?14.7N＝5.8N；浮力的方向是竖直向上的．(2)G物＝8N>F浮，所以放手后，这个物块将下沉．

【点睛】

（1）物体浸在液体（或气体）中，物体将受到的液体（或气体）对它产生的压力，求出合力，即受到的浮力，从而得出浮力产生的原因是液体（或气体）对物体上下表面的压力差；浮力的方向是竖直向上的．（2）

根据浮力和重力的大小关系，判断物块最后的状态．

17．上海地区家庭电路中，电灯正常工作电压为________伏。四冲程汽油机工作中，做功冲程将内能转化为_______能。条形磁铁的两端磁性最_______（选填“强”或“弱”）。

【答案】220 机械强

【解析】在我国，家庭电路的电压为220V，所以上海地区家庭电路正常工作电压也是220V；四冲程汽油机工作时将内能转化为机械能的冲程是做功冲程，在压缩冲程中，是将机械能转化为内能；磁体具有两极性，任何磁体都具有两个磁极，条形磁铁的两端是磁极，所以两端磁性最强，中间磁性最弱。

18．潜水艇对保卫我国的南海起着重要的作用．如图所示，潜水艇在水中处于悬浮状态，此时其所受浮力与重力的大小关系为：F浮______G（填“＞”、“＜”或“=”）．当压缩空气将水舱中的水排出一部分时，潜水艇将______ （填“上浮”、“下沉”或“悬浮”）．

【答案】=上浮

【解析】试题分析：如图所示，潜水艇在水中处于悬浮状态，此时其所受浮力与重力的大小关系为：F浮=G．当压缩空气将水舱中的水排出一部分时，此时浮力会大于自身的重力，即潜水艇将上浮．

19．小明家电能表本月初的示数如图甲所示，本月底的示数如图乙所示，小明家本月消耗的电能为

_______kW·h，如果按0.5元/（kW·h）的电价计费，本月应付电费_____元，该电能表单相电能表的参数表明，小明家能同时使用的用电器总功率不得超过______W．庭电路中，火线与零线间的电压为_____V，为了避免触电事故，家用电器的金属外壳一定要_____．

【答案】130652200220接地

【解析】电能表的读数方法：①月末的减去月初的示数；②最后一位是小数；③单位kW?h，所以，小明家本月消耗的电能是：W=W1 -W2=951.6kW?h-821.6kW?h=130kW?h；由于电费的单价是：0.5元/（kW?h），所以应交电费是：130kW?h×0.5元/（kW?h）=65元；由图知道，电能表工作电压是220V、平时工作允许通过的最大电流是10A，所以能连接的用电器最大电功率是：P=UI=220V×10A=2200W；我国家庭电路的电压是220V，即火线与零线间的电压为220V；有金属外壳的用电器，其外壳一定要接地，这样，当用电器漏电时，地线把人体短路，就可以避免触电事故的发生．

三、作图题

20．图为带开关的插座，部分电路已接好．请用笔画线代替导线将电路补画完整．

（_____）

【答案】略

【解析】开关控制着三孔插座，因此和三孔插座是串联，火线下来进开关，开关出来进三孔插座的右孔，从三孔插座的左孔进零线．

21．如图所示，已知轻质杠杆AB在水平位置静止，作出物体C所受重力的示意图以及拉力F的力臂L．

【答案】

【解析】对于形状规则、质地均匀的物体，它的重心在它的几何中心上，从重心开始沿重力方向﹣﹣竖直向下，画一条带箭头的线段并标出重力G；过支点O作F的垂线段，即为拉力F的力臂L；如图所示：

点睛：（1）先确定物体的重心，然后从重心开始沿重力方向画一条带箭头的线段表示重力G；（2）根据力臂的概念画出F的力臂L．

四、实验题

22．在探究“平面镜成像特点”的实验中．若蜡烛A距玻璃板5cm，则蜡烛B距玻璃板___cm才能与蜡烛A