2020年中考数学三模试卷(含答案)
2020年中考数学三模试卷
一、选择题:本大题有10个小题,每小题3分,共30分。
1.-23等于( )
A. -6
B. 6
C. -8
D. 8
2.在平面直角坐标系中,点关于原点对称的点的坐标是
A. B. C. D.
3.如图,已知以直角梯形ABCD的腰CD为直径的半圆O与梯形的上底AD、下底BC以及腰AB均相切,切点分别是D、C、E.若半圆O的半径为2,梯形的腰AB为5,则该梯形的周长是().
A. 9
B. 10
C. 12
D. 14
4.A种饮料比B种饮料单价少1元,小峰买了2瓶A种饮料和3瓶B种饮料,一共花了13元,如果设B 种饮料单价为x元/瓶,那么下面所列方程正确的是( )
A. 2(x-1)+3x=13
B. 2(x+1)+3x=13
C. 2x+3(x+1)=13
D. 2x+3(x-1)=13
5.如图,这是根据某班40名同学一周的体育锻炼情况绘制的条形统计图,根据统计图提供的信息,可得到该班40名同学一周参加体育锻炼时间的众数、中位数分别是()
A. 8,9
B. 8,8.5
C. 16,8.5
D. 16,10.5
6.如图,AB和CD表示两根直立于地面的柱子,AC和BD表示起固定作用的两根钢筋,AC与BD相交于点M,已知AB=8m,CD=12m,则点M离地面的高度MH为( )
A. 4 m
B. m
C. 5m
D. m
7.若等腰三角形中有一个角等于110°,则其它两个角的度数为().
A. 70°
B. 110°和70°
C. 35°和35°
D. 30°和70°
8.已知点A,点B在一次函数y=kx+b(k,b为常数,且k≠0)的图象上,点A在第三象限,点B在第四象限,则下列判断一定正确的是()
A. b<0
B. b>0
C. k<0
D. k>0
9.身高相等的四名同学甲、乙、丙、丁参加风筝比赛,四人放出风筝的线长、线与地面的夹角如下表(假设风筝线是拉直的),则四名同学所放的风筝中最高的是()
同学甲乙丙丁
放出风筝线长140m 100m 95m 90m
线与地面夹角30°45°45°60°
A. 甲
B. 乙
C. 丙
D. 丁
10.已知抛物线与轴交于点A、B,与轴交于点C,则能使△ABC为等腰三角形抛物线的条数是()
A. 5
B. 4
C. 3
D. 2
二、填空题:本大题有6个小题,每小题4分,共24分
11.把多项式2x2y﹣4xy2+2y3分解因式的结果是________
12.一组数据7,x,8,y,10,z,6的平均数为4,则x,y,z的平均数是________.
13.若圆锥的地面半径为,侧面积为,则圆锥的母线是________ .
14.如图,和分别是的直径和弦,且,,交于点,若
,则的长是________.
15.一次函数y = kx + b ,当- 3 £x £ 1时,对应的y 值为1 £y £ 9 ,则k + b =________;
16.已知等腰中,,,,在线段上,是线段上的动点,
的最小值是________.
三、解答题:本大题有7个小题,共66分
17.化简:
18.市射击队为从甲、乙两名运动员中选拔一人参加省比赛,对他们进行了六次测试,测试成绩如表:(1)把表中所空各项数据填写完整;
选手选拔成绩/环中位数平均数
甲 10 9 8 8 10 9 ________ ________
乙 10 10 8 10 7 ________ ________ 9
(3)根据(1)、(2)计算的结果,你认为推荐谁参加省比赛更合适,请说明理由.
19.如图,已知:,,,点,分别在,上,连接,且,是上一点,的延长线交的延长线于点.
(1)求证:;
(2)求证:.
20.大学生小张利用暑假50天在一超市勤工俭学,被安排销售一款成本为40元/件的新型商品,此类新型商品在第x天的销售量p件与销售的天数x的关系如下表:
x(天) 1 2 3 (50)
p(件)118 116 114 (20)
销售单价q(元/件)与x满足:当1≤x<25时q=x+60;当25≤x≤50时q=40+ .
(1)请分析表格中销售量p与x的关系,求出销售量p与x的函数关系.
(2)求该超市销售该新商品第x天获得的利润y元关于x的函数关系式.
(3)这50天中,该超市第几天获得利润最大?最大利润为多少?
21.某校数学兴趣小组开展了一次课外活动,过程如下:如图①,正方形ABCD中,AB=4,将三角板放在正方形ABCD上,使三角板的直角顶点与D点重合.三角板的一边交AB于点P,另一边交BC的延长线于点Q.
(1)求证:AP=CQ;
(2)如图②,小明在图1的基础上作∠PDQ的平分线DE交BC于点E,连接PE,他发现PE和QE存在一定的数量关系,请猜测他的结论并予以证明;
(3)在(2)的条件下,若AP=1,求PE的长.
22.已知直角梯形纸片OABC在平面直角坐标系中的位置如图所示,四个顶点的坐标分别为O(0,0),A (10,0),B(8,2 ),C(0,2 ),点T在线段OA上(不与线段端点重合),将纸片折叠,使点A落在射线AB上(记为点A′),折痕经过点T,折痕TP与射线AB交于点P,设点T的横坐标为t,折叠后纸片重叠部分(图中的阴影部分)的面积为S.
(1)求∠OAB的度数,并求当点A′在线段AB上时,S关于t的函数关系式;
(2)当纸片重叠部分的图形是四边形时,求t的取值范围;
(3)S存在最大值吗?若存在,求出这个最大值,并求此时t的值;若不存在,请说明理由.
23.如图,在⊙中,弦,相交于点,且.
(1)求证:;
(2)若,,当时,求:
①图中阴影部分面积.
②弧的长.
答案解析部分
一、选择题
1.C
2.C
3.D
4.A
5.A
6.B
7.C
8.A
9.D
10.B
二、填空题
11.2y(x﹣y)2
【解答】解:原式=2y(x2﹣2xy+y2)
=2y(x﹣y)2.
故答案为:2y(x﹣y)2.
12.-1
【解答】解:∵一组数据7,x,8,y,10,z,6的平均数为4,∴=4,
解得,x+y+z=﹣3,
∴=﹣1,
故答案为:﹣1.
13.13
【解答】设母线长为R,则:
解得:
故答案为13.
14.5
【解答】连接CD;
Rt△AOB中,∠A=30°,OB=5,则AB=10,OA=5 ;在Rt△ACD中,∠A=30°,AD=2OA=10 ,
∴AC=cos30°×10 =15,
∴BC=AC-AB=15-10=5.
故答案为5
15.9或1
【解答】解:①当x=-3时,y=1;当x=1时,y=9,
则
解得:
所以k + b =2+7=9;
②当x=-3时,y=9;当x=1时,y=1,
则
解得:,
所以k + b=-2+3=1.
故答案为9或1.
16.
【解答】解:∵AC=BC,OC⊥AB,
∴AB=2OB=6,
∵OC=4,
∴BC=5,
∴A,B关于y轴对称,
过A作AM⊥BC于M,交y轴于P,
则此时,PM+PB的值最小且PM+PB的最小值=AM,
∵∠AMB=∠COB=90°,∠ABM=∠CBO,
∴△ABM∽△CBO,
∴,即,
∴AM=,
∴PM+PB的最小值是,
故答案为:.
三、解答题:本大题有7个小题,共66分.
17. 解:
=
=
=1
【分析】根据同分母分式的减法法则计算,再根据完全平方公式展开,合并同类项后约分计算即可求解.
18. (1)9,9,9,9.5
(2)解:s2甲= [2×(8﹣9)2+2×(9﹣9)2+2×(10﹣9)2]=;
s2乙= [(7﹣9)2+(8﹣9)2+(9﹣9)2+3×(10﹣9)2]=
(3)解:我认为推荐甲参加全国比赛更合适,理由如下:
两人的平均成绩相等,说明实力相当;但甲的六次测试成绩的方差比乙小,说明甲发挥较为稳定,故推荐甲参加比赛更合适
【解答】解:(1)甲:将六次测试成绩按从小到大的顺序排列为:8,8,9,9,10,10,中位数为(9+9)÷2=9,
平均数为(10+9+8+8+10+9)÷6=9;
乙:第6次成绩为9×6﹣(10+10+8+10+7)=9,
将六次测试成绩按从小到大的顺序排列为:7,8,9,10,10,10,中位数为(9+10)÷2=9.5;
填表如下:
选手选拔成绩/环中位数平均数
甲10 9 8 8 10 9 9 9
乙10 10 8 10 7 9 9.5 9
19. (1)证明:∵,,
∴,
,
又∵,
∴
(2)证明:∵在△BGF中,
∴∠HGF>∠GBF,
∵,
∴∠ADE=∠GBF,
∴
20. (1)解:设销售量p件与销售的天数x的函数解析式为p=kx+b,代入(1,118),(2,116)得
解得
因此销售量p件与销售的天数x的函数解析式为p=﹣2x+120
(2)解:当1≤x<25时,
y=(60+x﹣40)(﹣2x+120)
=﹣2x2+80x+2400,
当25≤x≤50时,
y=(40+ ﹣40)(﹣2x+120)
= ﹣2250
(3)解:当1≤x<25时,
y=﹣2x2+80x+2400,
=﹣2(x﹣20)2+3200,
∵﹣2<0,
∴当x=20时,y有最大值y1,且y1=3200;
当25≤x≤50时,
y= ﹣2250;
∵135000>0,
∴随x的增大而减小,
当x=25时,最大,
于是,x=25时,y= ﹣2250有最大值y2,且y2=5400﹣2250=3150.∵y1>y2
∴这50天中第20天时该超市获得利润最大,最大利润为3200元
21. (1)证明:∵四边形ABCD是正方形,
∴∠ADC=∠A=∠B=∠BCD=∠DCQ=90°,AD=BC=CD=AB=4,
∵∠PDQ=90°,
∴∠ADP=∠CDQ,
在△APD和△CQD中,
,
∴△APD≌△CQD(ASA),
∴AP=CQ
(2)解;PE=QE,理由如下:
由(1)得:△APD≌△CQD,
∴PD=QD,
∵DE平分∠PDQ,
∴∠PDE=∠QDE,
在△PDE和△QDE中,
,
∴△PDE≌△QDE(SAS),
∴PE=QE
(3)解:由(2)得:PE=QE,由(1)得:CQ=AP=1,
∴BQ=BC+CQ=5,BP=AB﹣AP=3,
设PE=QE=x,则BE=5﹣x,
在Rt△BPE中,由勾股定理得:32+(5﹣x)2=x2,
解得:x=3.4,
即PE的长为3.4
22. (1)解:∵A,B两点的坐标分别是A(10,0)和B(8,2 ),
∴tan∠OAB= = ,
∴∠OAB=60°,
当点A′在线段AB上时,
∵∠OAB=60°,TA=TA′,
∴△A′TA是等边三角形,且TP⊥AA′,
∴TP=(10﹣t)sin60°= (10﹣t),A′P=AP= AT= (10﹣t),
∴S=S△ATP= A′P?TP= (10﹣t)2,
当A′与B重合时,AT=AB==4,
所以此时6≤t<10
(2)解:当点A′在线段AB的延长线上,且点P在线段AB(不与B重合)上时,
纸片重叠部分的图形是四边形(如图①,其中E是TA′与CB的交点),
假设点P与B重合时,AT=2AB=8,点T的坐标是(2,0),由(1)中求得当A′与B重合时,T的坐标是(6,0),
则当纸片重叠部分的图形是四边形时,2<t<6
(3)解:S存在最大值.
①当6≤t<10时,S= (10﹣t)2,
在对称轴t=10的左边,S的值随着t的增大而减小,
∴当t=6时,S的值最大是2 ;
②当2≤t<6时,
由图①,重叠部分的面积S=S△A′TP﹣S△A′EB,
∵△A′EB的高是A′B?sin60°,
∴S= (10﹣t)2﹣(10﹣t﹣4)2×+ (﹣4)2×= (﹣t2+2t+30)=﹣
(t﹣2)2+4 ,
当t=2时,S的值最大是4 ;
③当0<t≤2,即当点A′和点P都在线段AB的延长线上是(如图②,其中E是TA′与CB的交点,F是TP 与CB的交点),
∵∠EFT=∠ETF,四边形ETAB是等腰梯形,
∴EF=ET=AB=4,
∴S= EF?OC= ×4×2 =4 .
综上所述,S的最大值是4 ,此时t的值是t=2.
23. (1)证明:连接,,
∵,
∴,
∵,
∴,
∵,
∴,
∵,
∴≌,
∴.
(2)解:作于,于,
由()可知,
∴,
∵,,,,
∴四边形是正方形,
∴,
∵,
∴≌,
∴,
∵,,
∴,,,
∵,
∴.
①
.
②,∴,
∴.