★试卷3套精选★常德市2020年中考物理3月质量监测试题
中考物理模拟试卷
一、选择题
1．两个足够高底面积不同的圆柱形容器中分别盛有质量相等的甲、乙两种不同液体，如图所示（S甲＞S乙）。若在两容器中分别注入相等高度的甲、乙两种液体后，则以下关于液体的密度ρ甲、ρ乙及此时液体对容器底部压强p甲、p乙的判断正确的是
A．ρ甲＞ρ乙，p甲＞p乙B．ρ甲＞ρ乙，p甲＜p乙
C．ρ甲＜ρ乙，p甲＞p乙D．ρ甲＜ρ乙，p甲＜p乙
【答案】D
【解析】甲乙液体质量相等，由图可知甲的体积大于乙的体积，根据
m
V
ρ=可知，甲的密度小于乙的密
度，即ρ甲＜ρ乙；
甲乙液体质量相等，对容器底的压力（F=G=mg）相等；A的底面积大，根据
F
p
S
=可知p甲1＜p乙1，当
两容器中分别注入相等高度的甲、乙两种液体后即h甲=h乙、且ρ甲＜ρ乙，根据p=ρgh可知，甲增加的压强小于乙增加的压强，即△p甲＜△p乙，由于加入液体后各自容器底部的压强为p甲=p甲1+△p甲；p乙=p乙1
+△p乙，所以，p甲＜p乙。
2．在图所示的电路中，电源电压保持不变．闭合电键S，当滑动变阻器滑片P向右移动时，数值不变的有①电流表A的示数；②电压表V1的示数；③电压表V2的示数；④电压表V1的示数与电流表A的示数的比值．以上四项判断正确的有
A．1 个B．2 个C．3 个D．4 个
【答案】B
【解析】由电路图可知，电阻R1与滑动变阻器R2串联，电流表A测电路中电流，电压表V1测定值电阻两端的电压，电压表V2测总电压；
根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流和R两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知电压表V2示数的变化；电压表V1示数与电流表A示数的比值的变化．
【详解】①由图可知，电源电压保持不变．闭合电键S，R1、R2串联．当滑动变阻器滑片P 向右移动时，整个电路中的电阻变大，根据欧姆定律，整个电路的电流变小，即电流表A的示数变小，不符合题意；②V1
测R1两端的电压，R1是定值电阻，通过的电流变小，所以R1两端的电压变小．即V1的示数变小，不符合题意；③电源电压不变，V2测电源电压，所以V2的示数不变，符合题意；④ V1测R1两端的电压，A测通过R1的电流，电压表V1的示数与电流表A 的示数的比值就是定值电阻，所以这个比值不变，符合题意．故B正确，ACD错误，故选B．
3．如图所示，O为杠杆的支点，第一次杠杆在重物G和力F1的作用下处于水平位置平衡．如果第二次杠杆在重物G和力F2的作用下仍在图中位置保持平衡，下面关系中正确的是
A．F1＞F2 B．F1＝F2C．F1＜F2＜G D．F2＞F1＞G
【答案】D
【解析】本题支点、重力和重力的力臂均无发生变化，变化的是F的力臂，故能正确找出两力的力臂，即可利用杠杆平衡条件求解．第一次杠杆在重物G和力F1的作用下处于水平位置平衡时，F1的力臂为O到F1作用点的杆长L1，重力G和重力的力臂L2，由杠杆平衡条件可得：
F1?L1=G?L2，又由图可知：L1＜L2，
∴F1＞G；
当第二次杠杆在重物G和力F2的作用下时，F2的力臂为O到F2作用点的杆长为L1′，
由图知力臂L1′＜L1，为使杠杆仍在图中位置保持平衡，
因重力G和重力的力臂L2均无发生变化，又F2力臂L1′变小，故F2＞F1；
4．下列关于热现象的几种说法中正确的是
A．急刹车时车胎表面温度升高，这是由于热传递造成的
B．5月31日是世界“禁烟日”，吸“二手烟”是因为分子的扩散造成的
C．只有热水的分子才在做热运动
D．城市公园建立人工湖，对市区气温有一定调节作用，是因为水比热容较小
【答案】B
【解析】A、刹车时，刹车片对车轮摩擦，通过做功的方式增大了物体的内能，使温度升高，故A错误；
B、吸“二手烟”是因为分子不停地做无规则的运动，是扩散造成的，故B正确；
C、一切物质的分子都在永不停息的做无规则运动，故C错误；
D、城市人工湖建成蓄水后，对市区气温有一定的调节作用，是因为水的比热容较大，故D错误。5．如图所示是机场的安检人员用手持金属探测器检查乘客的情景，基本原理是当探测线圈靠近金属物体
时，在金属物体中就会产生电流．如果能检测出这种变化，就可以判定探测线圈下面有金属物体了．选项中能反映出金属探测器工作原理的是
A．
B．
C．
D．
【答案】B
【解析】手持金属探测器的原理是发电机原理，导体切割磁感时产生感应电流；
A．是说明通电导线周围存在磁场；
B．是导体切割磁感时产生感应电流；
C．是研究电磁铁特点的；
D．是通电电导体在磁场中受力运动；应选B．
6．如图所示的四个发电站中，属于利用不可再生能源发电的是
A．风力发电
B．太阳能发电
C．潮汐能发电
D．燃煤发电
【答案】D
【解析】煤是化石能源，会越用越少，不可能在短时间内补充，是不可再生能源；太阳能、风能、潮汐可以源源不断的得到，是可再生能源；
所以利用不可再生能源发电的是燃煤发电，故D 符合题意、ABC 不符合题意。
7．如图所示，均匀圆柱体甲和盛有液体的圆柱形容器乙放置在水平地面上。现沿水平方向切去部分甲并从容器乙中抽出相同体积的液体后，此时甲剩余部分对地面的压力等于剩余液体对容器乙底部的压力。关于甲原来对地面的压强p 甲、液体原来对容器乙底部的压强p 乙的判断，正确的是
A ．p 甲一定大于p 乙
B ．p 甲可能等于p 乙
C ．p 甲一定等于p 乙
D ．p 甲一定小于p 乙
【答案】D 【解析】设沿水平方向切去甲的体积为V 甲切，从容器乙中抽出的液体体积为V 乙抽，因为V 甲切＝V 乙抽,， ，又因为S 甲S >乙，所以h 甲切h 乙切<，此时甲剩余部分对地面的压力等于剩余液体对容器乙底部的压力。可知G 甲剩＝G 乙剩，所以m m 乙剩甲剩＝，ρρ<甲乙，所以切去的甲和乙的质量关系是m m <甲乙,G G 甲乙<,所以没有切之前甲乙的总的重力关系是G G <总甲总乙，因为乙中受力面积小，所以根据公式P ＝
F S
可知切之前甲的压强一定小于乙的压强。即p 甲一定小于p 乙
8．在实验的基础上进行科学推理是研究物理问题的基本方法之一．例如牛顿第一定律就是运用这种研究方法得出的，在下列物理规律的得出过程中，也运用了这一方法的是
A ．欧姆定律
B ．真空不能传声
C ．光的反射规律
D ．阿基米德原理 【答案】B
【解析】在实验的基础上进行科学推理是研究物理问题的基本方法之一．
在研究真空不能传声时，真空罩内的空气逐渐抽出时，听到的声音会越来越小，但现有的设备是不可能将空气抽干净的，即不可能完全为真空状态，但根据实验现象再经过推理可得出真空不能传声的结论，故此实验也用了此方法；
而欧姆定律、光的反射规律、阿基米德原理，这几个实验可以由实验直接得出结论，不需要推理的方法． 故选B ．
9．关于内能及其利用，下列说法正确的是
A ．温度高的物体内能一定大
B ．做功和热传递都可以改变物体的内能
C ．比热容跟物体吸收或放出的热量有关
D ．热机的做功冲程是将机械能转化为内能 【答案】B
【解析】试题分析：（1）内能是分子势能和分子动能的总和．其影响因素包括：
①材料（分子种类）；②温度（分子动能）；③状态、体积（分子势能）；④质量（分子数量）．
（2）做功和热传递在改变物体的内能上是等效的．
（3）比热容是物质的一种特性，和物体吸收热量的多少、温度的高低、质量的大小都没有关系，只与物质的种类、状态有关．
（4）热机的做功冲程是将内能转化为机械能；压缩冲程是将机械能转化为内能；
解：A、在状态、质量不确定的情况下，温度高的物体内能不一定大，故A错误；
B、做功和热传递都可以改变物体的内能，故B正确；
C、每种物质都有自己的比热容，比热容与物体的质量、物体的温度变化和物体吸收热量的多少均无关；故C错误；
D、热机的做功冲程是将内能转化为机械能；压缩冲程是将机械能转化为内能；故D错误．
故选B．
【点评】该题考查了物体内能的改变、比热容的概念、热机中的能量转化等知识点，是一道综合题，但总体难度不大．
10．用两个相同的电加热器分别给质量和初温都相同的甲、乙两种液体同时加热，两液体的温度随时间变化关系图象如图所示，下列说法正确的是（）
A．甲液体的比热容大于乙液体的比热容
B．加热相同的时间，甲液体升高的温度大于乙液体升高的温度
C．加热相同的时间，甲液体吸收的热量大于乙液体吸收的热量
D．升高相同的温度，两液体吸收的热量相同
【答案】B
【解析】由题知，用两个相同的电加热器加热，在相等时间内液体吸收的热量相等，故C错；
由图象可以看出，当加热时间相同时，即吸收的热量相同时，甲液体升高的温度大于乙液体升高的温度，故B正确；
由图象可以看出，升高相同的温度，乙的加热时间长，乙吸收的热量多，故D错；
根据Q吸=cm△t可知，在质量相等、初温相同、吸热也相同的情况下，谁的温度升高得多，它的比热容小；在其它条件相同时，甲液体升高的温度较高，所以甲液体的比热容小于乙液体的比热容，故A错．故选B．
二、填空题
11．在各种不同色光，红、______、蓝叫做三原色光．华裔物理学家高锟因为提出光纤通信的设想而获得了诺贝尔奖，光纤通信传输信息的载体是______．
【答案】绿光波
【解析】[1]色光的三原色是红、绿、蓝；
[2]光纤能够传递信息，就是利用光波作为传递信息的介质的．
12．民间魔术……油锅捞钱的秘密是，锅上层是油，下层放的是和油相比，密度较____（选填“大”或“小”）、沸点较____（选填“高”或“低”）的液体．
【答案】大低
【解析】因为把沸点低的液体和油放在一起时，油的密度小就会漂在液体的上面，当对它们加热时，下层沸点低的液体沸腾时，油并未沸腾，温度相对较低，故魔术师可以油锅捞钱而不造成伤害。
13．如图所示，给装有少量水的试管塞上塞子，并对其加热，塞子蹦出的过程相当于汽油机的_____冲程。
【答案】做功
【解析】塞子蹦出时，水蒸气对塞子做功，将水蒸气的内能转化为塞子的机械能；该过程相当于汽油机的做功冲程，都是将内能转化为机械能。
14．火箭加速升空过程中，对于火箭搭载的卫星来说，动能____，重力势能____，卫星的机械能是由火箭燃料的____能转化而来的．
【答案】增大（增加或变大）增大（增加或变大）化学
【解析】动能大小与质量和速度大小有关，重力势能与质量和高度有关，动能和势能统称为机械能．火箭加速升空过程中，对于火箭搭载的卫星来说，速度变大，高度增加，故动能增大，重力势能增大，卫星的机械能是由火箭燃料的化学能转化而来的．
15．小莉用电压表和电流表测定2.5V灯泡的额定功率。在实验过程中，符合操作要求。闭合开关，将滑动变阻器的滑片P移至如图所示的位置时，灯泡正常发光，则电压表示数一定是_____V，电流表的示数如图乙所示，则电流表示数是_____A，灯泡的额定功率是_____W。
【答案】2.5 0.2 0.5
【解析】由于小莉用电压表和电流表测定2.5V灯泡的额定功率，所以闭合开关，将滑动变阻器的滑片P 移至如图所示的位置时，灯泡正常发光，则电压表示数一定是2.5V；
此时电流表选的是小量程，分度值是0.02A，故电流表的示数是0.2A，故小灯泡的额定功率是：P＝UI＝
2.5V×0.2A＝0.5W；
16．苏州市城乡电网改造后，家用的电能表全部改用了精度高、能耗少的脉冲式数字电能表．小明家脉冲式数字电能表的表盘上有“3000imp/kW?h”、“220V、20A”等信息，若小明关闭其它所有的用电器，只接通一只“220V、100W”的电灯，使其工作1h，则电灯消耗的电能是_____J，指示灯闪烁了_____次．【答案】3.6×105300
【解析】接通一只“220V 100W”的电灯，使其工作1h，则电灯消耗的电能为
W=Pt=100W×3600s=3.6×105J=0.1kW·h，指示灯闪烁了(0.1 kW·h/1 kW·h)×3000imp=300次．
17．如图所示，闭合开关后，电压表V1测量_____两端的电压，电压表V2测量_____两端的电压，电压表V3测量_____两端的电压，其中电压表V1、V2和V3的示数分别为U1、U2和U3，则三个电表示数之间存在的关系是_____．
【答案】L1，L1电源U3=U1+U1
【解析】该电路是串联电路，V1并联在灯L1两端，所以V1测量灯L1两端的电压；
V1与灯L1并联，所以V1测量灯L1两端的电压；V3直接并联在电源两端，所以V3测量电源电压；
结合串联电路的电压特点可知，电源电压等于L1两端的电压与L1两端的电压之和，故三个电压表示数之间存在的关系式为U3＝U1+U1．
点睛：由图可知，灯泡L1、L1逐个顺次连接；V1并联在L1两端，V1与L1并联，V3直接并联在电源两端；串联电路中，电路两端的总电压等于各用电器两端的电压之和，据此分析解答．
18．气象部门用火箭将碘化银洒向云层，碘化银吸附水汽，加速水蒸气_____成小水滴，或加速水蒸气_____成冰晶（均填物态变化名称）．水蒸气变成冰晶的过程中_____热量．
【答案】液化凝华放出
【解析】试题分析：（1）人工降雨时，将碘化银洒向云层，碘化银吸附水汽，加速水蒸气发生液化现象，形成小水滴，就是雨；也可加速水蒸气发生凝华现象，形成小冰晶；
（2）水蒸气变成冰晶的过程中（即凝华过程），要放出热量；
考点：液化及液化现象；升华和凝华的定义和特点．
点评：分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识．
19．在如图所示的电路中，电源电压为U．闭合电键S，发现电路有故障，且只有一处故障，发生在电阻R1、R2上．现将电阻R1与电流表A位置互换，发现电表示数均不变．请根据相关信息写出电表示数情况及对应的故障．_____．
【答案】当电压表示数为0，电流表示数为0时，R2断路；当电压表示数为0，电流表有示数时，R1短路．【解析】将电阻R1与电流表A位置互换以后，电压表测电流表两端的电压，电压表无示数，即示数为零．根据变换前后两表示数均不变，可知互换之前电压表示数也为零，如电流表示数为零，则电路故障是R2断路；如果互换之前电压表示数为零，电流表示数不为零，则电路是连通的，电路故障为R1短路．
三、作图题
20．如图是小罗同学在今年的体育测试中掷出的实心球在空中飞行时的情形．请在图中画出该实心球在图示位置时所受重力的示意图．
【答案】如下图所示
【解析】试题分析：重力的方向是竖直向下的，过重心沿竖直向下的方向画一条带箭头的有向线段，用G 表示，如上图所示．
【考点定位】力的示意图
21．如图所示，处于光滑水平面的小车上放有一条形磁铁，左侧有一螺旋管，当开关S闭合时，发现小车向右运动，请在图中标出电源的正负极，通电螺线管的N、S极和A点处磁感线的方向．
【答案】如下图所示
【解析】小车向右运动是由于小车受到了斥力的作用，说明螺线管的右端是N极，根据右手螺旋定则可知，电源的右端为正极；由于螺线管的右端为N极，所以左端为S极，在左端的磁感线是指向螺线管的，
A点的磁场方向如图所示：
四、实验题
22．如图所示，小亮用自制的水透镜来探究凸透镜成像规律．当向水透镜里注水时，水透镜的焦距将变小；当从水透镜里抽水时，水透镜的焦距将变大．
如图甲，一束平行
于主光轴的光射向水透镜，在光屏上得到一个最小光斑，则此时水透镜的焦距为_____cm；移动蜡烛，水透镜和光屏至图乙位置时，恰能在光屏上看到清晰的像，利用此成像特点可制成_____（选填“照相机”或“投影仪”）；在图乙的实验场景下，小亮向水透镜中注入适量水后，他发现烛焰清晰的像变模糊了，为了使光屏上再次得到清晰的像，应将光屏向_____移动；小亮把自己的眼镜给水透镜“戴上”（如图丙），在不移动光屏的情况下，光屏上也能成清晰的像，由此判断小亮戴的是_____眼镜（选填“近视”或“远视”）．
【答案】8.0 照相机左近视
【解析】（1）平行于主光轴的光线经凸透镜后会聚在主光轴上一点，这点是凸透镜的焦点．焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距是8.0cm；实验前应先调节光具座上烛焰、透镜和光屏三者的中心在同一高度，这样可使像成在光屏的中央；
（2）根据图乙，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，应用于照相机．
（3）在图乙的实验场景下，小亮向水透镜中注入适量水后，使透镜凸起程度变大，会聚能力较强，将像成在光屏的前面，为了使光屏上再次得到清晰的像，应将光屏向左移动，给水透镜带上眼镜后，不移动光屏能得到清晰的像，说明眼镜中的透镜起了发散作用，镜片应为凹透镜，而凹透镜是矫正近视的，故小亮戴的是近视眼镜．
23．小明在研究物体的浮沉时，发现铁块放入水中下沉，塑料块浸没在水中后上浮，为进一步探究物体的浮沉条件，他找来了下列器材：弹簧测力计、一杯水、细线、铁块A、塑料块B和塑料块C（B与A体积相同，C与A质量相同）。
（1）他按图甲和乙进行了实验，测出铁块受到的浮力大小为_____，并与重力比较，由此得出了物体下沉的条件。
（2）实验时，他无意中发现增大铁块浸没在水中的深度，某一时刻测力计的示数会突然变小，示数变小的原因是：_____。
（3）为探究物体上浮的条件，他选择了合适的塑料块，利用现有器材在题中（1）实验的基础上，增加一个实验步骤就完成了探究。
①选择的塑料块是_____（B/C）。
②增加的步骤：用弹簧测力计测出上面①中塑料块的重力G。
③当满足_____（用测得的物理量表示）条件时，物体上浮。
【答案】F1 -F2铁块接触到容器底部 B F1-F2 >G
【解析】(1)[1]根据称重法，铁块受到的浮力大小
F=F1-F2
(2)[2]他无意中发现增大铁块浸没在水中的深度，某一时刻测力计的示数会突然变小，说明铁块受到别外一个向上的力作用，这是因为铁块接触到容器底部，受到容器底部施加的一个向上的作用力而使弹簧测力计示数减小了。
(3)①[3]根据题目条件，因B与A体积相同，根据控制变量法及影响浮力大小的因素，所以选用塑料B，其浸没时受到的浮力大小等于铁块受到的浮力大小F1-F2。
②增加的步骤是用弹簧测力计测出B塑料块的重力G。
③[4]当满足
F1-F2＞G
条件时，物体上浮。
五、计算题
24．【答案】
中考物理模拟试卷
一、选择题
1．如图，电路中L 1“6V 3W“和L 2“6V 6W”两灯泡和滑动变阻器R 串联，电源电压恒为12V ．下列说法正确的是（ ）
A ．闭合开关S ，调节滑动变阻器的滑片P ，两灯泡均能正常发光
B ．保证两灯泡均不损坏，滑动变阻器R 连入电路的最小值为3Ω
C ．滑片P 从最右端向左移动，使某灯刚好正常发光，则此时另一盏灯的实际功率为1.5W
D ．在保证电路安全的情况下，电路总功率最大可达到12W
【答案】C
【解析】A ．根据P=UI 可得，灯泡正常工作的电流分别为：
1113W =0.5A 6V
P I U ==， 2226W =1A 6V P I U =
=； 由图知，闭合开关S ，两灯泡串联，由于串联电路的电流处处相等，所以两灯泡不能都正常发光；故A 错误；
B ．由U R I
=可得，两灯的电阻分别为： 1116V 120.5A
U R I ===Ω， 2226V 61A U R I =
==Ω； 由于串联电路的电流处处相等，两灯泡正常发光时的最大电流为：I=I 1=0.5A ，
由欧姆定律可得总电阻：
12V 240.5A
U R I ===Ω； 根据串联电路的总电阻等于各分电阻之和可得，
R 连入电路的最小值：
1224Ω12Ω6Ω6ΩR R R R ===最小﹣﹣﹣
﹣, 故B 错误；
C ．滑片P 从最右端向左移动，使某灯刚好正常发光，则正常发光的是电流较小的一个灯泡L 1，所以另一
盏灯的实际功率：
22220.5A 6Ω 1.5W P I R ==?=（），
故C 正确；
D ．在保证电路安全的情况下，电路中的最大电流I=I 1=0.5A ，则整个电路的最大功率：
12V 0.5A 6W P UI ==?=大，
故D 错误．
【点睛】
重点是欧姆定律和电功率的相关计算，要能读懂电路图，能熟练应用串联电路的电压和电流特点，都是电路的最基本规律，应熟练掌握．
2．如图所示，将悬挂的乒乓球轻轻接触正在发声的音叉，观察到乒乓球被音叉多次弹开；声音消失，乒乓球便会停止运动．此现象表明声音（ ）
A ．是由物体振动产生的
B ．可以通过固体传播
C ．不能在真空中传播
D ．是以波的形式传播的
【答案】A 【解析】声音是由物体的振动产生的；振动停止，发声停止．“将悬挂的乒乓球轻轻接触正在发声的音叉，观察到乒乓球被音叉多次弹开；声音消失，乒乓球便会停止运动”是通过乒乓球的摆动把音叉的振动放大．此现象表明声音是由物体振动产生的．
3．关于下列各图所示的电和磁的知识，描述正确的是
A ．图实验说明磁场可以产生电流
B ．图实验说明机械能可以转化为电能
C ．图是动圈式话筒，其工作原理与电动机工作原理相同
D．图是录音机的磁头，可以判定电流的方向是从a端流进，从b端流出
【答案】D
【解析】（1）电流的磁效应：通电导线周围存在磁场；
（2）电动机是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理工作的；
（3）电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象；
（4）根据安培定则分析电流的方向。
【详解】A、研究通电导线周围存在磁场，是电流的磁效应实验，故A错误；
B、通电后，磁场中的导体会受力运动，即说明通电导线在磁场中受力的作用，即电动机的工作原理，电动机工作时主要将电能转化为机械能，故B错误；
C、图中动感线圈式话筒，当人对话筒说话时，引起膜片的振动，膜片的振动会引起线圈的运动，切割永磁铁的磁感线而产生相对应的变化的电流，从而在扬声器产生与说话者相同的声音。动圈式话筒是根据电磁感应原理工作的；其工作原理与发电机工作原理相同，故C错误；
D、螺线管的左端是N极，右端是S极，右手握螺线管，大拇指的方向是N极，所以电流的方向是从a端流进，从b端流出，故D正确。
故选D。
4．下列家用电器中，主要利用电流热效应工作的是
A．洗衣机B．电视机
C．笔记本电脑D．电暖气
【答案】D
【解析】ABC．洗衣机工作时主要是把电能转化为机械能，电视机、笔记本电脑在工作时，主要将电能转化为光能和声能，都不是利用电流的热效应，故不合题意；
D．只有电暖气是把电能转化为内能，是利用电流的热效应，故符合题意．
5．小华发现宾馆里的“插卡取电器”有两种类型，第一种无论插入哪种卡片都能使房间通电，第二种用专门的磁卡插入或靠近面板能使房间通电。小明设计了如下三种方法用于判断取电器类型：①将硬纸片插入，看能否通电；②将专用磁卡贴在面板上不插入，看能否通电；③将专用磁卡插入，看能否通电。其中可行的方法是( )
A．①② B．②③ C．①③ D．①②③
【答案】A
【解析】试题分析：①纸片没有磁性，将纸片插入，如果通电，说明取电器属于第一种类型，此方法可行；②磁卡贴在面板上，如果通电，说明取电器属于第二种类型，此方法可行；③专业磁卡插入，第一种取电器会通电，第二种也会通电，所以无法判断是哪种类型，此方法不可行；故应选A。
【考点定位】电路
6．如图所示，水平台面由粗糙程度相同的材料制成，质量为m1的木块与质量为m2的钩码用轻绳相连，轻绳平行于台面．木块在轻绳的拉动下做匀速直线运动，钩码触地后木块能继续滑动一段距离，最后停在台面上．滑轮与轴的摩擦忽略不计，下列说法中正确的是
A．木块匀速运动的过程中，木块的机械能越来越小
B．木块匀速运动的过程中，木块和钩码所受重力都不做功
C．钩码触地后木块继续滑动的过程中，木块的动能不变
D．钩码触地后木块继续滑动的过程中，木块所受摩擦力大小为m2g
【答案】D
【解析】A. 木块在水平台上匀速运动的过程中，动能不变，重力势能不变，所以木块的机械能不变，故A 错误；
B. 木块受到重力竖直向下，木块向下没有移动距离，重力对木块没有做功，钩码受到重力竖直向下，钩码向下移动了距离，重力对钩码做功，故B错误；
C. 钩码触地后木块继续滑动的过程中，木块的速度越来越小，所以木块的动能越来越小，故C错误；
D. 在钩码的拉力作用下，木块沿桌面做匀速运动，此时木块受平衡力，水平方向的拉力与摩擦力是一对平衡力，大小相等，则f=m2g；钩码触地后木块继续滑动的过程中，木块所受摩擦力大小仍为m2g，故D 正确。
7．下列有关电磁转换的说法正确的是
A．磁场中磁感线是客观存在的
B．电磁铁的磁性强弱与通过它的电流大小无关
C．电动机是将机械能转化为电能的装置
D．发电机是根据电磁感应原理工作的
【答案】D
【解析】A中的磁场是客观存在的，而磁感线是不存在的；B中电磁铁的磁性强弱与线圈匝数、电流的大小均有关；C中电动机是将电能转化为机械能的装置；D的说法是正确的，发电机是根据电磁感应的原理