2019-2020学年天津市河西区八年级(上)期末数学试卷 及答案解析
2019-2020学年天津市河西区八年级(上)期末数学试卷
一、选择题(本大题共10小题,共30.0分)
1. 计算20的结果是( )
A. 0
B. 1
C. 2
D. 12 2. 下列计算正确的是( )
A. x 2+x 2=x 4
B. x 8÷x 2=x 4
C. x 2·x 3=x 6
D. (x 2)3=x 6
3. 在一些美术字中,有的汉字是轴对称图形,下面4个汉字中,可以看作是轴对称图形的是( )
A. B.
C. D. 4. 如果a +b =12,那么a 2a?b
+b 2b?a 的值是 A. 12 B. 14 C. 2 D. 4
5. 如图,已知点A 、D 、C 、F 在同一直线上,AB =DE ,AD =CF ,
且∠B =∠E =90°,判定△ABC≌△DEF 的依据是( )
A. SAS
B. ASA
C. AAS
D.
HL 6. 如图,能根据图形中的面积说明的乘法公式是( )
A. (a +b)(a ?b)=a 2?b 2
B. (a +b)2=a 2+2ab +b 2
C. (a ?b)=a 2?2ab +b 2
D. (x +p)(x +q)=x 2+(p +q)x +pq
7. 分式方程x 2?9
x?3=0的解是( )
A. 3
B. ?3
C. ±3
D. 9
8. A ,B 两地相距450千米,甲、乙两车分别从A 、B 两地同时出发,相向而行.已知甲车速度为
120千米/小时,乙车速度为80千米/小时,经过t 小时两车相距50千米.则t 的值是( )
A. 2
B. 2或2.25
C. 2.5
D. 2或2.5
9.若x2+x?2=0,则x2+x?1
x2+x
的值为()
A. 3
2B. 1
2
C. 2
D. ?3
2
10.如图,在Rt△ABC中,∠C=90°,AB的垂直平分线DE交BC于点D,
垂足为点E,连接AD,若AD平分∠CAB,BC=6,则BD的长为()
A. 2
B. 3
C. 4
D. 5
二、填空题(本大题共6小题,共18.0分)
11.分解因式:3x2?6x+3=______.
12.计算(?a2
b3)
2
(?b2
a
)
3
的结果为________.
13.若正多边形的内角和为720°,则它的边数为________.
14.如图所示,在矩形ABCD中,∠DAC=65°,点E是CD上一点,BE
交AC于点F,将△BCE沿BE折叠,点C恰好落在AB边上的点C′处,
则∠AFC′=°.
15.如图,△ABC为等边三角形,边长是2,AD是BC边上的中线,F是AD上
的动点,E是AC边上的动点,则CF+EF的最小值为______.
16.已知1
a +1
b
=2,则a+b
a?ab+b
=______.
三、计算题(本大题共1小题,共6.0分)
17.解方程:2
x =3
x+1
.
四、解答题(本大题共6小题,共46.0分)
18.化简:(x2+4
x ?4)÷x2?4
2x
.
19.如图,点C在线段AB上一点,AD//EB,AC=BE,AD=BC,
CF平分∠DCE,试探究CF与DE的位置关系,并说明理由.20.画△ABC,使得∠A=50°,∠B=70°,AB=2cm。
21.某中学组织学生到离学校15千米的兴化生态园进行春季社会实践活动,先遣队与大队同时出发,
先遣队的速度是大队速度的1.2倍,结果先遣队比大队早到30分钟,求先遣队的速度和大队速度.
22.在日历上,我们可以发现其中某些数满足一定的规律,如图是2017年11月份的日历.我们任意
选择其中所示的方框部分,将每个方框部分中4个位置上的数交叉相乘,再相减,例如:3×9?2×10=7,21×27?20×28=7,请你按照这个算法完成下列问题.
(1)计算:18×24?17×25=____________;
(2)通过计算你能发现什么规律,这个规律是否具有一般性,如果你认为不具有一般性,请举反
例;如果你认为具有一般性,请用含字母n的整式计算加以说明.(n为整数)
23.如图所示,直线AB交x轴于点A(a,0),交y轴于点B(0,b),且a,b满足√a+b+(a?6)2=0.
(1)如图1,若C的坐标为(?2,0),且AH⊥BC于点H,AH交OB于点P,试求点P的坐标;
(2)如图2,连接OH,求证:∠OHP=45°;
(3)如图3,若D为AB的中点,M为y轴正半轴上一动点,连接MD,过D作DN⊥DM交x轴
于N,当点M在y轴正半轴上运动的过程中,式子S△BDM?S△ADN的值是否发生改变?如发生改变,求出该式子的值的变化范围;若不改变,求该式子的值.
-------- 答案与解析 --------
1.答案:B
解析:解:20=1,
故选:B.
根据:a0=1(a≠0)可得结论.
本题考查了零指数幂的计算,比较简单,熟练掌握公式是关键.
2.答案:D
解析:
本题主要考查了整式的运算,关键是熟练掌握同底数幂的乘除法的法则,幂的乘方和合并同类项,先根据同底数幂的乘除法的法则,幂的乘方和合并同类项进行计算,得出结果进行判断即可.解:A.原式=2x2,故A错误,
B.原式=x6,故B错误;
C.原式=x5,故C错误;
D.原式=x6,故D正确,
故选D.
3.答案:B
解析:解:A、不是轴对称图形,不合题意;
B、是轴对称图形,符合题意;
C、不是轴对称图形,不合题意;
D、不是轴对称图形,不合题意.
故选:B.
根据轴对称图形的概念判断即可.
本题考查的是轴对称图形的概念.轴对称图形的关键是寻找对称轴,图形两部分折叠后可重合.4.答案:A
解析:
本题主要考查分式的化简求值,可先将分式通分化简,再将a+b的值代入计算即可求解.
解:∵a+b=1
2
,
∴原式=a2
a?b ?b2
a?b
=
a2?b2
=
(a+b)(a?b)
a?b
=a+b
=1
2
.
故选A.
5.答案:D
解析:解:∵AD=CF,
∴AC=DF.
在Rt△ABC与Rt△DEF中,
{AB=DE
AC=DF,
∴Rt△ABC≌Rt△DEF(HL).
故选:D.
首先根据等式的性质可得AC=DF,然后利用SSS、SAS、ASA、AAS进行分析即可.
本题考查三角形全等的判定方法,判定两个三角形全等的一般方法有:SSS、SAS、ASA、AAS、HL.注意:AAA、SSA不能判定两个三角形全等,判定两个三角形全等时,必须有边的参与,若有两边一角对应相等时,角必须是两边的夹角.
6.答案:B
解析:解:大正方形的面积为:(a+b)2,
四个部分的面积的和为:a2+2ab+b2,
∴能说明的乘法公式是:(a+b)2=a2+2ab+b2;
故选:B.
根据大正方形的面积等于被分成的四部分的面积的和进行解答即可.
本题考查了完全平方公式的几何背景,读懂题意找到所求量的等量关系是解题关键.
7.答案:B
解析:解:分式方程整理得:x2?9=0,
解得:x=?3或x=3,
经检验x=3是增根,分式方程的解为x=?3,
故选:B.
分式方程变形后,求出解即可.
此题考查了解分式方程,利用了转化的思想,解分式方程注意要检验.
8.答案:D
解析:解:设经过t小时两车相距50千米,根据题意,得
120t+80t=450?50,或120t+80t=450+50,
解得t=2,或t=2.5.
答:经过2小时或2.5小时相距50千米.
故选:D.
应该有两种情况,第一次应该还没相遇时相距50千米,第二次应该是相遇后交错离开相距50千米,根据路程=速度×时间,可列方程求解.
本题考查了一元一次方程的应用,解决问题的关键是能够理解有两种情况、能够根据题意找出题目中的相等关系.
9.答案:A
解析:
本题考查的是分式的化简求值,熟知分式混合运算的法则是解答此题的关键.先根据题意求出x2+x 的值,再代入所求代数式进行计算即可.
解:∵x2+x?2=0,
∴x2+x=2,
∴原式=2?1
2=3
2
.
故选A.
10.答案:C
解析:
本题考查的是角平分线的性质、线段垂直平分线的性质,角的平分线上的点到角的两边的距离相等.根据线段垂直平分线的性质得到DA=DB,根据等腰三角形的性质得到∠DAB=∠DBA,根据角平分线的性质得到DE=DC,根据直角三角形的性质计算即可.
解:∵DE是AB的垂直平分线,
∴DA=DB,
∴∠DAB=∠DBA,
∵AD平分∠CAB,∠C=90°,DE⊥AB,
∴∠DAB=∠DAC,DE=DC,
∴∠DAB=∠DBA=∠DAC=30°,
∴DE=1
2
BD,
∴CD=1
2AD=1
2
BD,CD+BD=6,
∴BD=4,
故选C.
11.答案:3(x?1)2
解析:解:3x2?6x+3,=3(x2?2x+1),
=3(x?1)2.
先提取公因式3,再对余下的多项式利用完全平方公式继续分解.
本题考查了用提公因式法和公式法进行因式分解,一个多项式有公因式首先提取公因式,然后再用其他方法进行因式分解,同时因式分解要彻底,直到不能分解为止.
12.答案:?a
解析:
本题考查分式的乘除,属基础题.先去括号,再进行约分,即可解答.
解:(?a2
b3)
2
(?b2
a
)
3
=?a4
b6
·(b6
a3
)=?a.
故答案为?a.
13.答案:6
解析:
本题主要考查了多边形内角和定理,关键是熟练掌握计算公式:(n?2)?180°(n≥3,且n为整数).根据多边形内角和定理可得方程180°(n?2)=720°,再解方程即可.
解:根据n边形的内角和公式,得
(n?2)?180°=720°,
解得n=6.
∴这个多边形的边数是6.
故答案为6.
14.答案:40
解析:
本题考查的是翻折变换,正方形的判定与性质,三角形的一个外角等于与它不相邻的两个内角的和的性质,熟记各性质并准确识图是解题的关键,根据直角三角形两锐角互余求出∠ACD,再根据翻折变换的性质判断出四边形BCEC′是正方形,根据正方形的性质可得∠BEC=45°,然后根据三角形的一个外角等于与它不相邻的两个内角的和求出∠BFC,再根据翻折变换的性质可得∠BFC′=∠BFC,然后根据平角等于180°,列式计算即可得解.
解:∵矩形ABCD,∠DAC=65°,
∴∠ACD=90°?∠DAC=90°?65°=25°,
∵△BCE沿BE折叠,点C恰好落在AB边上的点C′处,
∴四边形BCEC′是正方形,
∴∠BEC=45°
由三角形的外角性质,∠BFC=∠BEC+∠ACD=45°+25°=70°,
由翻折的性质得,∠BFC′=∠BFC=70°,
∴∠AFC′=180°?∠BFC?∠BFC′=180°?70°?70°=40°.
故答案为40
15.答案:√3
解析:解:∵等边△ABC的边长为2,AD是BC边上的中线,F是AD上的动点,E是AC边上的动点,∴点C关于直线AD的对称点是点B,
∴EF+CF=BF+EF,
∴当BE⊥AC,且B、F、E共线时,
CF+EF的值最小,最小值为BE的长,
∵AB=2,BD=1,
∴AD=√22?12=√3,
∴BE⊥AC,AD⊥BC,
∴AD=BE,
∴BE=√3,
∴EF+CF的最小值是:√3,
故答案为√3.
根据等边三角形的性质和轴对称,可以求得EM+CM的最小值.
本题考查轴对称?最短路线问题、等边三角形的性质,解题的关键是明确题意,找出所求问题需要的条件.
16.答案:2
解析:解:∵1
a +1
b
=2,
∴a+b
ab
=2,
∴a+b=2ab,
则原式=2ab
2ab?ab =2ab
ab
=2,
故答案为:2.
由1
a +1
b
=2得a+b=2ab,整体代入原式=2ab
2ab?ab
可得答案.
本题主要考查分式的加减法,解题的关键是熟练掌握分式的加减法法则和整体代入思想的运用.17.答案:解:方程的两边同乘x(x+1),
得:2(x+1)=3x,
解得:x=2,
检验:把x=2代入x(x+1)=6≠0,
∴原方程的解为:x=2.
解析:观察可得最简公分母是x(x+1),方程两边乘最简公分母,可以把分式方程转化为整式方程求解.
(1)解分式方程的基本思想是“转化思想”,把分式方程转化为整式方程求解.
(2)解分式方程一定注意要验根.
18.答案:解:原式=(x?2)2
x ?2x
(x+2)(x?2)
=2x?4
x+2
.
解析:根据分式的运算法则即可求出答案.
本题考查分式的运算法则,解题的关键是熟练运用分式的运算法则,本题属于基础题型.19.答案:解:CF⊥DE,CF平分DE.
理由是:∵AD//BE,
∴∠A=∠B,
在△ACD和△BEC中
{AD=BC ∠A=∠B AC=BE
,
∴△ACD≌△BEC(SAS)∴DC=CE,
∵CF平分∠DCE,
∴CF⊥DE,CF平分DE(三线合一).
解析:本题主要考查全等三角形的性质和判定,平行线的性质,等腰三角形的性质等知识点.关键是求出DC=CE,主要考查了学生运用定理进行推理的能力.根据平行线性质求出∠A=∠B,根据SAS 推出△ACD≌△BEC,再根据全等三角形性质推出CD=CE,根据等腰三角形性质即可证明CF平分∠DCE,从而可得结果.
20.答案:解:作法:
(1)作∠MAN=50°;
(2)在射线AM上截取线段AB=2cm;
(3)以B为顶点,以BA为一边,作∠ABP=70°,BP交AN于点C.
则△ABC就是所求作的三角形.
解析:此题主要考查了复杂作图,正确作一角等于已知角是解题关键.首先作∠MAN=50°,进而截取AB=c,然后以B为顶点,以BA为一边,作∠ABP=70°,BP交AN于点C,进而得出△ABC.21.答案:解:设大队的速度为x千米/时,则先遣队的速度是1.2x千米/时,
根据题意有15
x ?15
1.2x
=30
60
,
解得:x=5.
经检验:x=5是原方程的解.1.2x=1.2×5=6.
答:先遣队和大队的速度分别是6千米/时,5千米/时.
解析:首先设大队的速度为x千米/时,则先遣队的速度是1.2x千米/时,由题意可知大队用的时间?先遣队用的时间=0.5小时.
此题主要考查了分式方程的应用,关键是弄懂题意,表示出大队和先遣队各走15千米所用的时间,根据时间关系列出方程.
22.答案:解:(1)18×24?17×25=7;
(2)规律:这4个位置上的数交叉相乘,再相减,结果都为7;
证明:设左上角的数为n,则其余三个分别为n+1,n+7,n+8,
因此(n+1)(n+7)?n(n+8)
=n2+7n+n+7?n2?8n
=7.
解析:本题考查了有理数的混合运算、数字字母规律问题及整式的混合运算的应用,能根据题意列出算式是解此题的关键.
(1)根据题意利用有理数的混合运算即可求得结果;
(2)根据题意可得这4个位置上的数交叉相乘,再相减,结果都为7,进而利用整式的混合运算即可证得结论.
23.答案:解:(1)∵√a+b+(a?6)2=0,
∴{a+b=0
a?6=0,
∴a=6,b=?6,
则OA=OB=6,
∵AH⊥BC,
即∠AHC=90°,∠COB=90°,
∴∠HAC+∠ACH=∠OBC+∠OCB=90°,∴∠HAC=∠OBC,
在△OAP与△OBC中,
{∠COB=∠POA=90°OA=OB
∠OAP=∠OBC
,
∴△OAP≌△OBC(ASA),
∴OP=OC=2,
则P(0,?2);
(2)如图2,过O分别作OM⊥CB于M点,作ON⊥HA于N点,
在四边形OMHN中,∠MON=360°?3×90°=90°,
∴∠COM=∠PON=90°?∠MOP,
在△COM与△PON中,
{∠COM=∠PON
∠OMC=∠ONP=90°OC=OP?
,
∴△COM≌△PON(AAS),
∴OM=ON.
∵OM⊥CB,ON⊥HA,
∴HO平分∠CHA,
∴∠OHP=1
2
∠CHA=45°;
(3)S△BDM?S△ADN的值不发生改变,等于9,
理由:如图3,连接OD,
∵∠AOB=90°,OA=OB,D为AB的中点,
∴OD⊥AB,∠BOD=∠AOD=45°,OD=DA=BD,∴∠OAD=45°,∠MOD=90°+45°=135°,
∴∠DAN=135°=∠MOD.
∵MD⊥ND即∠MDN=90°,
∴∠MDO=∠NDA=90°?∠MDA,
在△ODM与△ADN中,
{∠MDO=∠NDA OD=AD
∠DOM=∠DAN
,
∴△ODM≌△ADN(ASA),
∴S△ODM=S△ADN,
∴S△BDM?S△ADN=S△BDM?S△ODM
=S△BOD
=1
2
S△AOB
=1
2
×
1
2
AO×BO
=1
2
×
1
2
×6×6
=9.
解析:本题考查了全等三角形的判定与性质、角平分线的判定、二次根式及完全平方式的非负性等知识,在解决第(3)小题的过程中还用到了等积变换,而运用全等三角形的性质则是解决本题的关键.
(1)要求点P的坐标,只需求出OP的长度,如图1,易证△OAP≌△OBC,即可得到OP=OC=2;
(2)要证∠OHP=45°,只需证明HO平分∠CHA,过O分别作OM⊥CB于M点,作ON⊥HA于N点,如图2,只需证到OM=ON,只需证明△COM≌△PON即可;
(3)连接OD,如图3,易证△ODM≌△ADN,从而有S△ODM=S△ADN,由此可得S△BDM?S△ADN=
S△BDM?S△ODM=1
2
S△AOB,即可解答.