解三角形的应用举例
第2讲 解三角形应用举例
★ 知 识 梳理 ★
1.已知两角和一边(如A 、B 、C ),由A +B +C = π求C ,由正弦定理求a 、b .
2.已知两边和夹角(如a 、b 、c ),应用余弦定理求c 边;再应用正弦定理先求较短边所对的角,然后利用A +B +C = π,求另一角.
3.已知两边和其中一边的对角(如a 、b 、A ),应用正弦定理求B ,由A +B +C = π求C ,再由正弦定理或余弦定理求c 边,要注意解可能有多种情况.
4.已知三边a 、b 、c ,应用余弦定理求A 、B ,再由A +B +C = π,求角C .
5.方向角一般是指以观测者的位置为中心,将正北或正南方向作为起始方向旋转到目 标的方向线所成的角(一般指锐角),通常表达成.正北或正南,北偏东××度, 北偏西××度,南偏东××度,南偏西××度.
6.俯角和仰角的概念:在视线与水平线所成的角中,视线在水平线上
方的角叫仰角,视线在水平线下方的角叫俯角.如图中OD 、OE 是视线,DOC ∠ 是仰角,
EOC ∠ 是俯角.
7.关于三角形面积问题
①ABC S ?=
21ah a =21bh b =21
ch c (h a 、h b 、h c 分别表示a 、b 、c 上的高); ②ABC S ?=21ab sin C =21bc sin A =2
1
ac sin B ;
③ABC S ?=2R 2sin A sin B sin C .(R 为外接圆半径) ④ABC S ?=
R
abc
4; ⑤ABC S ?=))()((c s b s a s s ---,??
? ?
?++=
)(21c b a s ; ⑥ABC S ?=r ·s ,( r 为△ABC 内切圆的半径)
★ 重 难 点 突 破 ★
1.重点:熟练掌握正弦定理、余弦定理和面积公式,结合几何性质建模解决生活中的应用问题
2.难点:实际问题向数学问题转化思路的确定
3.重难点:熟练掌握解斜三角形的方法.,熟悉实际问题向数学问题的转化的方法;
(1)解三角函数应用题要通过审题领会其中的数的本质,将问题中的边角关系与三角
形联系起来,确定以什么样的三角形为模型,需要哪些定理或边角关系列出等量或不等量关系的解题思路,然后寻求变量之间的关系,也即抽象出数学问题,
问题1. 如图,为了计算北江岸边两景点B 与C 的距离,由于地形的限制,需要在岸上选取
A 和D 两个测量点,现测得AD CD ⊥,10AD km =,14A
B km =,60BDA ?∠= ,135BCD ?∠=,求两景点B 与
C 的距离(假设,,,A B C
D 在同一平面内,测量结果保留整
数;参考数据:2 1.414,3 1.732,5 2.236===)
解:在△ABD 中,设BD=x ,
则BDA AD BD AD BD BA ∠??-+=cos 2222,
即 60cos 1021014222??-+=x x 整理得:096102=--x x 解之:161=x ,62-=x (舍去),
由正弦定理,得:BCD BD
CDB BC ∠=
∠sin sin , ∴2830sin 135
sin 16
=?=
BC ≈11(km). 答:两景点B 与C 的距离约为11.km.
(2)解三角函数应用题要要充分运用数形结合的思想、图形语言和符号语言等方式来思考解决问题;再次,讨论对数学模型的性质对照讨论变量的性质,从而得到的是数学参数值;最后,按题目要求作出相应的部分问题的结论.
问题2. 用同样高度的两个测角仪AB 和CD 同时望见气球E 在它们的正西方向的上空,分别测得气球的仰角是α和β,已知B 、D 间的距离为a ,测角仪的高度是b ,求气球的高度.
分析:在Rt △EGA 中求解EG ,只有角α一个条件,需要再有一边长被确定,而△EAC 中有较多已知条件,故可在△EAC 中考虑EA 边长的求解,而在△EAC 中有角β,∠EAC =180°-α两角与BD =a 一边,故可以利用正弦定理求解EA .
解:在△ACE 中,AC =BD =a ,∠ACE =β,∠AEC =α-β,
根据正弦定理,得AE =a sin β
sin (α-β)
在Rt △AEG 中,EG =AE sin α=a sin αsin β
sin (α-β)
∴EF =EG +b =a sin αsin β
sin (α-β) +b ,
答:气球的高度是a sin αsin β
sin (α-β)
+b .
★ 热 点 考 点 题 型 探 析★
考点1:测量问题
题型:运用正、余弦定理解决测量问题
[例1] (2007·山东) 如图4-4-12
,甲船以每小时定方向匀速直线航行,当甲船位于1A 处时,乙船位于甲船的北偏西105方向的1B 处,此时两船相距20海里,当甲船航行20分钟到达2A 处时,乙船航行到甲船的北偏西120方向的
2B
处,此时两船相距
【解题思路】解决测量问题的过程先要正确作出图形,把实际问题中的条件和所求转换成三角形中的已知和未知的边、角.本题应先利用S vt =求出边长,再进行进一步分析. [解析]如图,连结11A B
,由已知22A B =
1220
60A A ==,
1221A A A B ∴=,
又12218012060A A B =-=∠,
122A A B ∴△是等边三角形,
1212A B A A ∴==,
由已知,1120A B =,1121056045B A B =-=∠,
在121A B B △中,由余弦定理,222
12111212122cos 45B B A B A B A B A B =+-
2220220=+-??200=
.12B B ∴=
60=(海里/小时).
答:乙船每小时航行海里.
【名师指引】解三角形时,通常会遇到两种情况:①已知量与未知量全部集中在一个三角形中,此时应直接利用正弦定理或余弦定理;②已知量与未知量涉及两个或几个三角形,这时需要选择条件足够的三角形优先研究,再逐步在其余的三角形中求出问题的解. 【新题导练】
1.甲船在A 处、乙船在甲船正南方向距甲船20海里的B 处,乙船以每小时10海里的速度向正北方向行驶,而甲船同时以每小时8海里的速度由A 处向南偏西
o 多少小时后,甲、乙两船相距最近?
1A
2
A
120 105
图4-4-12
解析:、解: 两点甲船和乙船分别到达
小时后设经过D C x ,, x BD AB AD x AC 1020,8-=-==则
,,
61
70
.,61
4800
)6170(2444005602442
1)1020(82)1020()8(60cos 222222222取得最小值时当取得最小值取得最小值时当CD x CD CD x x x x x x x AD AC AD AC CD =
∴+-=+-=?-??--+=???-+=∴
此时,甲、乙两船相距最近
2.在奥运会垒球比赛前,C 国教练布置战术时,要求击球手以与连结本垒及游击手的直线成15°的方向把球击出,根据经验及测速仪的显示,通常情况下球速为游击手最大跑速的4倍,问按这样的布置,游击手能不能接着球?(如图所示)
解: 设游击手能接着球,接球点为B ,而游击手从点A 跑出,本垒为O 点(如图所示).设从击出球到接着球的时间为t ,球速为v ,则∠AOB=15°,OB =vt ,4
v
AB t ≤?。 在△AOB 中,由正弦定理,得
sin sin15
OB AB
OAB =
∠, ∴62
sin sin1562/4OB vt OAB AB vt -∠=
≥=而2
62)84384 1.741=->-?>,即sin∠OAB>1,
∴这样的∠OAB 不存在,因此,游击手不能接着球.
考点2 运用正、余弦定理解决与几何计算有关的实际问题 题型:利用解三角形知识研究几何图形的性质
[例2] (08上海高考)如图,某住宅小区的平面图呈扇形AOC .小区的两个出入口设置在
A
B
D
C
点A 及点C 处,小区里有两条笔直的小路AD DC ,,且拐弯处的转角为120.已知某人从
C 沿C
D 走到D 用了10分钟,从D 沿DA 走到A 用了6分钟.若此人步行的速度为每分钟50米,求该扇形的半径OA 的长(精确到1米).
【解题思路】转化条件,分析图形建模.
【解法一】设该扇形的半径为r 米. 由题意,得
CD =500(米),DA =300(米),∠CDO=0
60……………………………4分 在CDO ?中,2
2
2
2cos 60,CD OD CD OD OC +-???=……………6分 即()()22
21
5003002500300,2
r r r +--??-?
=…………………….9分 解得4900
44511
r =
≈(米). …………………………………………….13分 【解法二】连接AC ,作OH ⊥AC ,交A C 于H …………………..2分 由题意,得CD =500(米),AD =300(米),0
120CDA ∠=………….4分
2220
222,2cos1201
5003002500300700,2
ACD AC CD AD CD AD ?=+-???=++???
=在中 ∴ AC =700(米)
…………………………..6分
22211
cos .214
AC AD CD CAD AC AD +-∠==??………….…….9分
在直角11
,350,cos 0,14
HAO AH HA ?=∠=中(米) ∴ 4900
445cos 11
AH OA HAO =
=≈∠(米). ………………………13分
【名师指引】解斜三角形应用题的一般步骤:
(1)分析:理解题意,分清已知与未知,画出示意图;
(2)建模:根据已知条件与求解目标,把已知量与求解量尽量集中在有关的三角形中,建立一个解斜三角形的数学模型;
(3)求解:利用正弦定理或余弦定理有序地解出三角形,求得数学模型的解; (4)检验:检验上述所求的解是否符合实际意义,从而得出实际问题的解.
【新题导练】
1.如图,货轮在海上以35公里/小时的速度沿方位角(从正北方向顺时针转到目标方向线的水平角)为152o 的方向航行.为了确定船位,在B 点处观测到灯塔A 的方位角为122o .半
小时后,货轮到达C 点处,观测到灯塔A 的方位角为32o .求此时货轮与灯塔之间的距离.
2. (汕头市金山中学2009届高三数学期中考试)为了立一块广告牌,要制造一个三角形的支架 三角形支架形状如图,要求0
60=∠ACB ,BC 的长度大于1米,且AC 比AB 长0.5
米 为了广告牌稳固,要求AC 的长度越短越好,求AC 最短为多少米?且当AC 最短时,
BC 长度为多少米?
解:如图,设BC 的长度为x 米,AC 的长度为y 米,则AB 的长度
为(y -0.5)米 在△ABC 中,依余弦定理得:
ACB BC AC BC AC AB ∠?-+=cos 2222
即
21
2)5.0(222?
-+=-yx x y y 化简,得
41
)1(2-
=-x x y ∵1>x ,∴01>-x
A
C
A
B
C A B
因此
1412--
=
x x y 方法一:2
32)1(43)1(141
2+≥+-+-=--
=x x x x y
当且仅当
)1(431-=
-x x 时,取“=”号,即23
1+
=x 时,y 有最小值32+
★ 抢 分 频 道 ★
基础巩固训练
1. 台风中心从A 地以每小时20千米的速度向东北方向移动,离台风中心30千米内的地区为危险区,城市B 在A 的正东40千米处,B 城市处于危险区内的时间为( )
A .0.5小时
B .1小时
C .1.5小时
D .2小时
解析:设A 地东北方向上点P 到B 的距离为30千米,AP =x ,在△ABP 中
PB 2=AP 2+AB 2
-2AP·AB·cosA,
即302=x 2+402-2x·40cos450
化简得2
4027000x x -+=
|x 1-x 2|2
=(x 1+x 2)2
-4x 1x 2=400,|x 1-x 2|=20,即CD =20
故20
120
CD t v ===] 2.在ABC ?中,:1:2A B =,C 的平分线CD 把三角形面积分成3:2两部分,则cos A =
( )
A
13 B 12 C 3
4
D 0 解析:∵ C 的平分线CD 把三角形面积分成3:2两部分,
∴:3:2AC BC =,,sin sin sin 2BC AC AC A B A ==∴ 23
,sin 2sin cos A A B
=∴
3
cos 4
A =]
3.如图,在斜度一定的山坡上的一点A 测得山顶上一建筑物顶端C 对于山坡的斜度为15?,向山顶前进100m 后,又从点B 测得斜度为45?,假设建筑物高50m ,设山对于地平面的斜度θ,则cos θ= .
40 km
30 km
D 450
B
A
C
东
西
北
A
[解析] 在△ABC 中,AB = 100m , ∠CAB = 15?, ∠ACB = 45?-15? = 30? 由正弦定理:
15
sin 30sin 100BC
= ∴BC = 200sin15?
在△DBC 中,CD = 50m , ∠CBD = 45?, ∠CDB = 90? + θ
由正弦定理:)
90sin(15sin 20045sin 50θ+=
?c os θ =13- .
4.如右图,在半径为R 的圆桌的正中央上空挂一盏电灯,桌子边缘一点处的照度和灯光射到桌子边缘的光线与桌面的夹角θ的正弦成正比,角和这一点到光源的距离 r 的平方成反
比,即I =k ·2sin r θ
,其中 k 是一个和灯光强度有关的常数,那么电灯
悬挂的高度h= ,才能使桌子边缘处最亮. 解 R =r cos θ,由此得
2
0,cos 1π<θ<θ=R r , 22222
sin sin cos (sin cos )k
I k k r R R
θθθθ
θ?=?
=?=??
22222
2322222(
)2sin (1sin )(1sin )()()3
sin ,tan 32k k I R R k I h R R
R θθθθθ=??--≤?≤===由此得等号在此时
5.(
08年韶关市二模) 某市电力部门在今年的抗雪救灾的某项重建工程中,需要在A 、B
两地之间架设高压电线,因地理条件限制,不能直接测量A 、B 两地距离. 现测量人员在相距
km 的C 、D 两地(假设A 、B 、C 、D 在同一平面上),测得∠75ACB =,
45BCD ∠=,30ADC ∠=,45ADB ∠=(如图),假如考虑到电线的自然下垂和施工
损耗等原因,实际所须电线长度大约应该是A 、B 距离的4
3
倍,问施工单位至少应该准备多长的电线?
解:在ACD ?中,由已知可得,30CAD ∠=
所以,AC =
………
在BCD ?中,由已知可得,60CBD ∠=
6sin 75sin(4530)
4
+=+=
由正弦定理,756sin 602
BC +=
=
6cos 75cos(4530)-=+=
在ABC ?中,由余弦定理 2
2
2
cos AB AC
BC AC BC BCA =+-?∠
2cos755
=+-=
所以,AB =
施工单位应该准备电线长
答:施工单位应该准备电线长km . 综合拔高训练
6. 在海岛A 上有一座海拔1千米的山,山顶设有一个观察站P ,上午11时,测得一轮船在岛北30°东,俯角为30°的B 处,到11时10分又测得该船在岛北60°西、俯角为60°的C 处。
(1)求船的航行速度是每小时多少千米;
(2)又经过一段时间后,船到达海岛的正西方向的D 处,问此时船距岛A 有多远?
解 (1)在Rt △P AB 中,∠APB =60° P A =1,∴AB =3 (千米)
在Rt △P AC 中,∠APC =30°,∴AC =3
3
(千米) 在△ACB 中,∠CAB =30°+60°=90°
)/(3026
1
330330
)3()33(2222时千米=÷=+=+=∴AB AC BC
(2)∠DAC =90°-60°=30°
sin DCA =sin(180°-∠ACB )=sin ACB =
1010
3
3
303=
=BC
AB
sin CDA =sin(∠ACB -30°)=sin ACB ·cos30°-cos ACB ·sin30°1010
3
=
20
10
)133()10103(121232-=
-?- 在△ACD 中,据正弦定理得
CDA
AC
DCA AD sin sin =
, ∴133920
10
)133(1010333sin sin +=-?
=?=CDA DCA AC AD 答 此时船距岛A 为
13
3
9+千米
7. 在正三角形ABC 的边AB 、AC 上分别取D 、E 两点,使沿线段DE 折叠三角形时,顶点A 正好落在边BC 上,在这种情况下,若要使AD 最小,求AD ∶AB 的值
解 按题意,设折叠后A 点落在边BC 上改称P 点,显然A 、P 两点关于折线DE 对称,又设∠BAP =θ,∴∠DP A =θ,∠BDP =2θ, 再设AB =a ,AD =x ,∴DP =x 在△ABC 中, ∠APB =180°-∠ABP -∠BAP =120°-θ,
由正弦定理知APB
AB
BAP BP sin sin =
∴BP =)120sin(sin θθ-?a 在△PBD 中, ?
=-???==60sin 2sin )120sin(sin ,60sin sin ,sin sin θ
θθθx a x BP BDP BP DBP DP 从而所以,
.3
)260sin(23)120sin(2sin 60sin sin ++?=-????=
∴θθθθa
a x
∵0°≤θ≤60°,∴60°≤60°+2θ≤180°, ∴当60°+2θ=90°,即θ=15°时, sin(60°+2θ)=1,此时x 取得最小值
)332(3
23-=+a a ,即AD 最小,
∴AD ∶DB =23-3
8. 在一很大的湖岸边(可视湖岸为直线)停放着一只小船,由于缆绳突然断开,小船被风 刮跑,其方向与湖岸成15°角,速度为2.5km/h ,同时岸边有一人,从同一地点开始追赶小 船,已知他在岸上跑的速度为4km/h ,在水中游的速度为2km/h.问此人能否追上小船.若小
船速度改变,则小船能被人追上的最大速度是多少?
解析:设船速为v ,显然h km v /4≥时人是不可能追上小船,当20≤≤v km/h 时,人不必在
岸上跑,而只要立即从同一地点直接下水就可以追上小船,因此只要考虑42< 才能追上小船.设船速为v ,人追上船所用时间为t ,人在岸上跑的时间为)10(< ||4,||2(1),||,OA kt AB k t OB vt ==-=由余弦是理得 ???-+=15cos ||||2||||||222OB OA OB OA AB , 即22224(1)(4)()24k t kt vt kt vt -=+-??, 整理得04]8)26(2[1222=-+-+-v k v k , 要使上式在(0,1)范围内有实数解, 则有112 402<- 解得max 2/v v h <≤=即, 故当船速在]22,2(内时,人船运动路线可构成三角形,即人能追上小船,船能使人追上的最大速度为h km /22,由此可见当船速为2.5km /h 时人可以追上小船. O A B v t 2(1-k )t 4k t 15°