武汉市2017年九年级元月调考物理试卷(清晰版)

2016~2017学年度武汉市部分学校九年级调研测试

物理化学综合试卷

可能用到的物理量：水的比热容c＝4.2×103J/(kg·℃) 偏二甲肼的热值q＝4.25×107J/kg

第I卷（选择题共60分）

一、选择题（本题包括20小题，每小题只有一个选项符合题意。每小题3分，共60分）

9.物质在不同状态下的分子模型如下图所示，下列有关说法正确的是

A．甲图中分子相距最近，分子间的作用力最小

B．甲图中分子静止，乙、丙两图中分子在做热运动

C．乙图中分子相距最远，分子间的作用力可以忽略

D．甲、乙、丙三图分别表示固体、液体、气体分子的排列情况

10.关于温度、内能和热量，下列说法正确的是

A．物体内能减小，一定放出热量

B．物体内能减小，温度可能不变

C．物体吸收热量，温度一定升高

D．物体内能增加的越多，吸收的热量越多

分析：

（1）改变物体内能的两种方式：做功和热传递．

（2）一切物体都具有内能，内能的大小跟质量、温度、状态有关．

（3）物体的内能发生变化，可能表现在物体的温度变化，也可能是状态的变化．

解答：

A. 物体的内能减小，可能是物体放出了热量，也可能是物体对外界做了功，故A错误；

B. 物体内能减少时，温度可能不变，比如：晶体在凝固过程，放热，内能减小但温度不变，故B正确；

C. 物体吸收热量，温度不一定升高，比如：晶体在熔化过程，吸热，内能增加但温度不变，故C错误；

D. 物体内能增加的越多，可能是外界对物体做功越多或吸收的热量越多，故D错误。

故选B.

11.下列各图所列举的事例中，属于热传递改变物体内能的是

解答：

A. 给水壶加热，壶内的水温升高是通过热传递改变物体的内能，故A正确；

B. 锯木头时，锯条发热是通过做功的方式改变物体的内能，故B错误；

C. 从滑梯滑下，臀部发热是通过做功的方式改变物体的内能，故C错误；

D. 迅速向下压活塞，活塞会压缩空气做功，使空气的内能增加，温度升高，当温度达到硝化棉的

燃点时，硝化棉就会燃烧，通过此实验可说明做功可以改变物体的内能，故D错误。

故选：A.

12.关于热值和热机效率，下列说法正确的是

A．使燃料燃烧更充分，可以增大热值

B．燃料燃烧释放的热量越多，热值越大

C．使燃料燃烧更充分，可以提高热机的效率

D．热机使用的燃料的热值越大，热机的效率就越高

分析：

（1）1kg某种燃料完全燃烧放出的能量，叫做这种燃料的热值．热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关；

（2）热机用来做有用功的能量与燃料完全燃烧放出的能量之比叫做热机的效率，在工作过程中，损失的能量越少，热机的效率越高．

解答：

A. 热值是燃料的特性，与燃烧情况无关，故A错误；

B. 热值是燃料的特性，与放出热量的多少无关，故B错误；

C. 使燃料燃烧更充分，可以增大有效利用的能量，提高热机的效率，故C正确；

D. 热机的效率是指用来做有用功的能量与燃料完全燃烧产生的能量之比，与燃料的热值无关，故

D错误。

故选：C.

13.如图所示，用一段细铁丝做一个支架，作为转动轴，把一根中间戳有小孔（没有戳穿）

的饮料吸管放在转动轴上，吸管能在水平面内自由转动，用餐巾纸与吸管的一端摩擦使其带电，再用丝绸摩擦过的玻璃棒去靠近吸管，吸管两端都能与玻璃棒相互吸引。下列

说法正确的是

A．吸管两端都带负电B．吸管两端都带正电

C．吸管的一端带正电，一端不带电D．吸管的一端带负电，一端不带电

分析：

（1）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，带电体可以吸引不带电的物体

（2）丝绸摩擦过的玻璃棒带正电；摩擦起电的过程中失去电子的带正电，得到电子的带负电．

解答：

带电体除了吸引带有异种电荷的物体外，还可以吸引不带电的物体，所以玻璃棒靠近不带电的吸管一段会相互吸引；

丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，吸管带电一端与它相互吸引，所以吸管一端带的应该是与玻璃棒相反的电荷，即吸管一端带负电；

综上所述，吸管一端带负电，一端不带电。

故选D.

14.下图所示的电路中，有一只灯泡被短接的是

分析：

当电流不经过用电器直接从电源的正极回到负极时，会形成电源短路，此时电路中电流过大，会烧坏电源．

解答：

A. 电流从正极出发经开关、两个灯泡回到负极，是串联电路，没有短路现象，故A不符合题意；

B. 图中电流经右边灯泡回到负极，左边灯泡被短路，故B符合题意；

C. 图中电流从正极出发经开关，分成两支，分别流向两个灯泡，然后共同回到负极，没有短路现

象，故C不符合题意；

D. 图中电流分两支，分别流入右边灯泡和开关、左边的灯泡，然后共同回到负极，没有短路现象，

故D不符合题意。

故选B.

15.如图所示的电路中，闭合开关后，两灯均不亮，电压表指针偏转了较大的角度。若电路

中只有一处发生故障，则故障的原因可能是

A．L1处发生断路B．L1被短接

C．L2处发生断路D．L2被短接

分析：

两个电灯都不亮，说明是开路，而电压表有读数说明L2与连到电源，故在L1处开路．

解答：

闭合开关S后,灯L1、L2均不亮,说明电路发生断路,而电压表的示数接近电源电压,说明L1的两端能与电源连通,故是L1断路。

故选A.

16.如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关，将滑动变阻器的滑片P向左移动

的过程中，下列说法正确的是

A．电流表A示数变大，电压表V2示数变大

B．电流表A示数变大，电压表V1示数变小

C．电压表V1示数与电压表V2示数变化量相同

D．电压表V1与电压表V2示数可能相等

分析：

由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测电源两端的电压，电流表测电路中的电流，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知R2两端的电压变化．

解答：

A. 电压表V2测电源两端的电压，其示数保持不变，故A错误；

B. 由电路图可知,R1与R2串联,电压表V1测R1两端的电压,电压表V2测R2两端的电压,电流表

测电路中的电流,当滑动变阻器的滑片P向左移动时,接入电路中的电阻变小,电路中的总电阻变小,由I=UR可知电路中的电流变大,R1两端的电压变大,电压表V1的示数将变大，故B错误；

C. 串联电路中总电压等于各分电压之和,电压表V2测电源两端的电压，其示数保持不变，故C错

误；

D. 当滑动变阻器的阻值为0时，两个电压表都是测量电源电压，示数相等，故D正确。

故选：D.

17.如图所示是电阻甲和乙的I-U图象，下列说法不正确

．．．的是

A．通过甲的电流与它两端的电压成正比

B．当乙两端电压增大时，通过它的电流也增大，它的电阻在减小

C．甲、乙串联在电路中，甲、乙两端的电压可能相同

D．甲、乙并联在电路中，通过甲、乙的电流可能相同

分析：

（1）由欧姆定律可知，当电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；

（2）由图象读出几组数据，根据欧姆定律求出对应乙的电阻，然后得出答案；

（3）两电阻串联时通过它们的电流相等，两电阻并联时它们两端的电压相等，根据图象有交点进行解答．

解答：

A. 分析图象可知，甲电阻的电流、电压关系图象是正比例函数，说明通过甲的电流与它两端的电

压成正比，故A正确；

B. 由图象可知,乙两端的电压为1V、2V、3V、6V时通过的电流为0.15A、0.2A、0.25A、0.3A,

由I=U/R的变形式R=U/I可得对应的电阻为6.6Ω、10Ω、12Ω、20Ω，所以乙两端电压增

大时，通过它的电流也增大，乙的电阻变大，故B错误；

C. 当甲、乙串联在电路中时通过它们的电流相等，由图象可知，甲乙的图象有交点，则甲、乙两

端的电压可能相同，故C正确；

D. 当甲、乙并联在电路中时它们两端的电压相等，由图象可知，甲乙的图象有交点，则通过甲、

乙的电流可能相同，故D正确。

故选B.

18.如图所示，将两个不同规格的小灯泡接入电路，闭合开关后，灯L2比L1亮。若将L1

更换成与L2规格相同的小灯泡L3，下列说法正确的是

会比原来暗B．L2会比原来亮

A．L

C．L2会比L3亮D．L2和原来的亮度相同

分析：

两灯串联在电路中，则电流一定相等，根据灯泡的亮度可判断两灯泡电阻的

大小；更换灯泡后判断出电阻的变化，再由欧姆定律判断电流和灯泡的亮度．解答：

两灯串联时电流相等,L2要亮一些说明P2>P1,由P=I2R可得：R2>R1;若将L1更换成与L2规格相同的小灯泡L3,电阻变大,电流变小,L2灯泡变暗,L2和L3规格相同，故亮度一样，故A正确，

BCD错误。

故选A.

19.下图是探究电流通过导体时产生热量的多少与哪些因素有关的实验装置。两个透明容器

中密封着等量的空气，下列说法正确的是

A．U形管液面高度变化是因为U形管中液体的温度发生了变化

B．图甲所示的装置可以用来探究电流通过电阻产生的热量跟电流大小的关系

C．图乙所示的装置可以用来探究电流通过电阻产生的热量跟电阻大小的关系

D．通电后，甲图中A、B电阻产生的热量之比是1:2

分析：

（1）电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但气体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转换法；

（2）电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关．

探究电流产生热量跟电阻关系时，控制通电时间和电流不变；

探究电流产生热量跟通电时间关系时，控制电流和电阻不变；

探究电流产生的热量跟电流大小和电阻大小关系时运用了控制变量法；

（3）由Q=I2Rt分析判断甲图中A、B电阻产生的热量之比．

解答：

A. 电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但容器中空气的温度变化导致容器中空气体积的

变化，即可以通过液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转换法，故A错误；

B. 在甲装置中，将容器中的电阻丝串联起来接到电源两端，通过他们的电流I与通电时间t相同，

左边容器中的电阻小于右边容器中的电阻，即这是探究电流产生的热量与电阻大小的关系，故

B错误；

C. 在乙装置中,一个5Ω的电阻与两个5Ω的电阻并联后再串联,根据串联电路的电流特点可知,右边

两个电阻的总电流和通过左边电阻的电流相等,即I右=I左;两个5Ω的电阻并联,根据并联电路

的电流特点知I左=I1+I2,两电阻的阻值相等,则支路中电流相等,即I1=I2，所以右边容器中通

过电阻的电流是左边容器中通过电阻的电流的一半，即这是研究电流产生的热量与电流的关

系，故C错误；

D. 甲图中,通过A. B电阻的电流I与通电时间t相同,由图知RA/RB=5Ω/10Ω=1/2，

由Q=I2Rt可得：QA/QB=I2Rat / I2Rbt=RA / RB=1/2，故D正确。

故选D

20.如图所示，电源电压保持4.5V不变，电流表的量程为0~0.6A，电压表的量程为0~3V，

小灯泡的规格为“2.5V 0.25A”，滑动变阻器的规格为“50Ω 1A”。闭合开关，为了保证电路安全，下列说法正确的是（不考虑小灯泡电阻的变化）

A．变阻器接入电路阻值的变化范围是20~50Ω

B．电路消耗总功率的变化范围是0.675~1.125W

C．电流表示数的变化范围是0~0.25A

D．电压表示数的变化范围是0~3V

由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器可得的电压，电流表测电路中的电流。

(1)因串联电路中各处的电流相等，且灯泡的额定电流为0.25A，电流表量程为0~0.6A，变阻器

允许通过的最大电流为1A，

所以,电路中的最大电流I大=0.25A，即电流表最大示数为0.25A，

此时电压表的示数最小，电路的总功率最大，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以，电压表的最小示数：

U滑=U?UL=4.5V?2.5V=2V，

电路消耗总功率的最大值：

P大=UI大=4.5V×0.25A=1.125W，

由I=U/R可得，滑动变阻器接入电路中的最小电阻：

R滑小=U滑小/ I大=2V / 0.25A=8Ω；

(2)灯泡的电阻：

RL= UL / IL= 2.5V / 0.25A=10Ω，

由电压表的量程为0~3V可知，电压表的最大示数为3V，即电压表示数的变化范围是2V~3V，故D错误；

此时电流表的示数最小，电路消耗的总功率最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，

灯泡两端的最小电压：

U′L=U?U滑大=4.5V?3V=1.5V，

电路中的最小电流即电流表的最小示数：

I小=U′L / RL=1.5V / 10Ω=0.15A，

则电流表示数的变化范围是0.15A~0.25A，故C错误；

电路消耗的最小功率：

P小=UI小=4.5V×0.15A=0.675W，

所以，该电路功率变化范围是0.675W~1.125W，故B正确；

滑动变阻器接入电路中的最大阻值：

R滑大=U滑/ I小=3V / 0.15A=20Ω，

所以，滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是8Ω~20Ω，故A错误。

故选B.

第II卷（非选择题，共60分）

二、非选择题（本题包括12小题，共60分）

21.（4分）下图是神州十一号飞船搭乘长征二号FY11运载火箭

发射升空时的壮观情景。该火箭使用的燃料是偏二甲肼，若

火箭中加入质量为2t的偏二甲肼，则燃料完全燃烧放出的热

量是________J。火箭发射升空时，燃料燃烧将________能转

化为燃气的内能，燃气推动火箭和飞船上升过程中，飞船的

机械能会________（选题“增大”“减小”或“不变”），火箭外壳的温度会________（选题“升高”“降低”或“不变”）。

解答：

(1)由题知,偏二甲肼的热值是4.25×107J/kg，

所以2t的偏二甲阱完全燃烧放出的热量：

Q=mq=2×103kg×4.25×107J/kg=8.5×1010J；

(2)火箭发射升空时，燃料燃烧将化学能转化为燃气的内能，燃气推动火箭和飞船上升过程中，内

能转化飞船的机械能，所以飞船机械能会增大；

火箭上升过程中，克服与大气间的摩擦，机械能转化为内能，所以外壳的温度会升高。

故答案为：8.5×1010；化学；增大；升高。

22.（4分）如图甲所示的电路中，闭合开关后，如果电流表A1的示数为0.5A，电流表A2

的示数为0.3A，则通过小灯泡L1、L2的电流分别是________A、________A。如图乙所示的电路中，闭合开关后，如果电压表V1的示数为2.5V，V2的示数为3.8V，则电压表V的示数是________V，此时小灯泡L1、L2的阻值之比是________。

(1)由图甲可知,两灯泡并联,电流表A1测干路电流,电流表A2测L1支路的电流；

电流表A2的示数为0.3A,即通过小灯泡L1的电流为0.3A；

电流表A1的示数为0.5A，即干路电流为0.5A；

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，

所以,通过小灯泡L2的电流：I2=I?I1=0.5A?0.3A=0.2A；(2)由图乙可知,两灯泡串联,电压表V1测L1两端的电压,电压表V2测L2两端的电压，电压表V测电源电压；

因为电源电压等于两灯泡两端电压之和，

所以电源电压：U=U1+U2=2.5V+3.8V=6.3V；

因为串联电路中电流处处相等，

所以根据欧姆定律可得L1、L2的阻值之比：

R1 / R2=U1 / I / U2 / I=U1 / U2=2.5V / 3.8V=25 /38.

故答案为：0.3； 0.2； 6.3； 25:38.

23.（3分）为了比较水和某种液体的吸热能力，某同学在2个相同的烧杯中分别装有水和

某种液体，将两个规格相同的电加热器放在烧杯中分别对水和某种液体加热，并用相同

（1）实验中用到的电加热器规格相同，这里所说的规格相同主要是指电加热器的____ ____相同。

（2）该实验________（选题“能”或“不能”）得出水的吸热能力比某种液体强，原因是____________________。

解答：

(1)在实验中，使用相同规格的电加热器的作用是为了在相同时间内放出热量相同，即加热器的额

定电压和额定功率相同；

(2)探究水和某种液体的吸热能力时应控制质量相同，由原题可知，没有说明质量的关系，故不能

得出得出水的吸热能力比某种液体强。

故答案为：(1)额定电压与额定功率;(2)不能；无法判断水和某种液体质量是否相等。

24.（4分）下图是某同学探究影响导体电阻大小因素的实验装置。

（1）图甲中的实验装置是为了探究电阻的大小是否跟导线的________有关。

（2）在图乙的实验装置中，该同学利用线路板上的导线①②可以探究电阻的大小是否跟导线的________有关，利用导线②③可以探究电阻的大小是否跟导线的________有关。

（3）除此之外，导体电阻的大小还可能跟________有关。

分析：

影响电阻大小的因素有：导体的材料、长度、横截面积和温度．在实验中采用控制变量法进行判断电阻与哪个因素有关．

解答：

(1)从图甲中看出金属丝长度相同，材料不同，即在长度、横截面积相同时，只是材料不同，则探

究的是电阻与材料之间的关系。

(2)在图乙的实验装置中，导线①②长度、材料相同，横截面积不同，则探究的是电阻与横截面积

之间的关系；

导线②③材料、横截面积相同，长短不同，则可以探究电阻与长度的关系。

(3)除此以外，导体电阻的大小还可能跟温度有关。

故答案为：(1)材料;(2)横截面积;长度(3)温度。

25.（5分）在探究“电流与电压、电阻的关系”的实验中，同学们提出了以下猜想：

猜想1：电流可能跟电压成正比

猜想2：电流可能跟电阻成反比

（1）在验证“猜想1”时，某同学的做法是：

①按图甲所示电路连接实物图乙。由于粗心，该同学的电路没有连接完整，请你帮他连

接完电路。

②保持定值电阻R=10Ω不变，闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片P，记下几组电压和

电流值，并对实验数据进行分析，得到的结论是__________________。

（2）为了继续验证“猜想2”，该同学接下来的做法是：

①在上一次实验中挑选了一组电流表示数为0.5A的实验数据作为本次实验的第一组数

据。接着将10Ω的电阻换成25Ω的电阻，闭合开关后，该同学应调节滑动变阻器的滑片，当观察到电压表示数为________V时，记录电流表示数。

②再将25Ω的电阻换成5Ω的电阻，为了正确完成实验，该同学还必须改变________

的连线。

分析：（1）①验证猜想1时，应控制电阻不变，通过滑动变阻器来改变电流和电压；

②根据实验数据中电流和电压的特点分析；

（2）①验证猜想2是应控制电压保持不变；②根据电流的大小判定电流表的量程．

解答：

(1)①在验证电流可能跟电压成正比时,电压表与电阻并联,电流表与变阻器(按一下一上的原则接入电

路中)、电阻串联，如下所示：

②由表格中的数据可知，在电阻一定时，电压增大，电流也增大，故结论为：电阻一定时，通过导体

中的电流跟电体两端的电压成正比；

(2)①验证“猜想2”，应控制电压保持不变，将10Ω的电阻接入电路时，电流为0.5A，则电压为

U=IR=0.5A×10Ω=5V，故将10Ω的电阻换成25Ω的电阻，闭合开关后，该同学应调节滑动变阻器的滑片，当观察到电压表示数为5V时，记录电流表示数；

②当5Ω的电阻接入电路时,此时电路中的电流为：I=U / R=5V / 5Ω=1A，故此时应改变电流的量

程。

故答案为：(1)①如图;②电阻一定时,通过导体中的电流跟电体两端的电压成正比;

(2)①5；②电流表。

26.（4分）某同学用图甲所示的电路测量小灯泡的电功率。

（1）请画出相应的电路图。

（2）当加在小灯泡两端的电压等于小灯泡的额定电压3.8V时，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率是________W。

（3）将小灯泡换成发光二极管，测量加在它两端的电压和通过它的电流，计算它的电功率，将所得的电功率与小灯泡相比，发现它们在亮度相当的时候，________的电功率较小。

解答：

(1)根据实物图画出电路图，如下所示：

(2)图乙中，电流表小量程分度值为0.02A，示数为0.4A，灯的额定功率P=UI=3.8V×0.4A=1.52W；

(3)因发光亮度相当,所以,W有相同,根据η=W有/ W总×100%,即W有=ηW总=ηPt相同，由于

发光二极管将电能转换成光能的效率更高；所以发光二极管消耗的电能较小，相同的时间内发光

二极管电功率较小。

故答案为：(1)如上图所示；

(2)1.52；

(3)发光二极管。

27.（10分）下图是某型号家用洗碗机的外形图，其部分参数如下表所示。这种洗碗机的

工作过程是：先打开进水阀使水箱内进水，再通过电加热管将水箱内的水加热至设定温度，然后电动机带动水泵将水箱中的热水抽出，通过喷水管冲洗洗碗机内的餐具。

（1）表中“50Hz”表示的含义是________。

（2）已知该洗碗机一次标准洗涤程序的耗水量是9kg，耗电量是0.7kW·h，所需时间是125min。

①若某次标准洗涤时进水阀中水温为20℃，25分钟后即加热到设定的水温，则水箱中

水吸收的热量是多少？电加热管的加热效率是多少？

②试通过计算说明洗碗机内的电动机功率大约是多少？

(1)表中“50Hz”表示的含义是：这台家用洗碗机应在频率为50Hz的交流电路中使用；

(2)①水箱内的水升温时吸收的热量：

Q吸=cm△t=4.2×103J/(kg.℃)×9kg×(70℃?20℃)=1.89×106J，

由P=W / t得，电加热管通电时消耗的电能：

W1=P1t=1400W×25×60s=2.1×106J；

电加热管加热时的效率：

η=Q吸/ W1×100%=1.89×106J / 2.1×106J×100%=90%；

②洗碗机总共消耗的电能：

W总=0.7kW.h=2.52×106J；

电动机工作时消耗的电能

W2=W总?W1=2.52×106J?2.1×106J=4.2×105J；

电动机功率：

P2=W2 / t2=4.2×105J/ (125?25)×60s=70W.

答：(1)这台家用洗碗机应在频率为50Hz的交流电路中使用；

(2)①水箱中水吸收的热量是1.89×106J；电加热管的加热效率是90%；

②洗碗机内的电动机功率大约是70W.