六年级+++数学方法课(放缩法)
数的估算时常用方法
(1)放缩法:为求出某数的整数部分,设法放大或缩小.使结果介于某两个接近数之间,从而估算结果.(2)变换结构:将原来算式或问题变形为便于估算的形式.
数的估算(放缩法)
【例 1】求数
10
100
a=+
10
101
+
10
102
+ +
10
110
的整数部分.
【考点】数的估算【难度】2星【题型】填空
【解析】这道题显然不宜对分母中的11个分数进行通分求和.要求a的整数部分,只要知道a在哪两个连续整数之间.
因为a中的11个分数都不大于10
100
,不小于
10
110
,
所以10
110
?11<
10
100
+
10
101
+
10
102
+ +
10
110
<
10
100
?11
即1<10
100
+
10
101
+
10
102
+ +
10
110
<1.1
由此可知a的整数部分是1.【答案】1
【巩固】已知
111111
1
245678
A=++++++,则A的整数部分是_______
【考点】数的估算【难度】2星【题型】填空【关键词】2009年,希望杯,第七届,五年级,一试
【解析】
11111111111114
112
23456784488888
A+++++++>++++++
==;
11111111111111141
11()23
2345678241245555512 A+++++++<++++++++++<
==所以A的整数部分是2。
【答案】2
【例 2】求数
1
1111
10111219
+++
的整数部分是几?
【考点】数的估算【难度】3星【题型】填空【关键词】第三届,华杯赛,复赛
【解析】
111
1 1111111110
101112191010101010
>== ++++++
知识点拨
放缩法
111
1.91111111110101112191919191919
<==++++++ ,即1<原式<1.9,所以原式的整数部分是1.
【答案】1
【巩固】 求数
1111112131421
++++ 的整数部分.
【考点】数的估算 【难度】3星 【题型】填空
【解析】
111
1.21111111110121314211212121212>==++++++++ , 又111111111
11110512131421122113201617161717????????++++=++++++>+?> ? ? ? ?????????
, 所以
11
1.71111101213142117
<==++++ , 即1
1.2 1.712131421
<
<++++ ,所以其整数部分是1. 【答案】1
【巩固】 已知:S 1
1111 (1980198119822006)
=++++,则S 的整数部分是 .
【考点】数的估算 【难度】3星 【题型】填空 【关键词】2006年,清华附中,入学测试
【解析】 如果全是11980,那么结果是1733,如果全是12006,那么结果是87427,所以1733<S <8
7427
,
不能确定S 的整数部分.我们不妨采用分段估值,有: 10107111110107
(1989199920061980198119822006198019902000)
++<++++<++
则
111
10107111110107
(1989199920061980198119822006198019902000)
<<++++++++
大家马上会被这个计算量吓住了!这只是我们的第一次尝试,如果不行我们还要再次细化分段,计算量的庞大让我们有些止步了.那么我们有没有更好的方法来解决这个问题呢?答案是:有! 下面先让我们来看看两个例子:
⑴11111198019811982198319841119811983198219822198119831981198319821982198211198019841982198221980198419801984198219821982
++++
+++=>=
??+++=>=
?? 那么也就有:
1111115198019811982198319841982
++++>? (2)111119801981198219831119801983198119821119801983198019831981198219811982
+++
+++=>=+
??
那么也就有:
111111()24198019811982198319811982
+++>+÷? 聪明的你从中会发现一个找“最小界限的新规律”,那么再让我们回到原题来看看吧! 27111127
...199319801981198220061980<++++<
则221993
1
19801
73
731111
2727
273
(1980198119822006)
=<<
=++++,由此可以确定整数部分是73. 【答案】73
【巩固】 已知1
111199519962008
A =
+++ ,则与A 最接近的整数是________.
【考点】数的估算 【难度】3星 【题型】填空 【关键词】仁华学校
【解析】 由于111
199519962008>>>
, 所以14111111414141995199519951996200820082008=?>+++>?=
, 所以199512008
1111414199519962008A <=<+++ ,
即7199520086
142.5142143143.514141414
A ==<<=<,
那么与A 最接近的整数是143. 小结:由于只需要求与A 最接近的整数,而不是求A 的整数部分,所以进行上述放缩已经足够.但是如果要求A 的整数部分,又该如何进行呢?
将分母中的14个分数两两分为一组:1119952008+,1119962007+,……,11
20012002
+
(分组的标准在于每组中两个分数的分母之和相等,此处有偶数项,恰好可以两两分组;如果有奇数项,则将中间的一项单独分为一组),根据“两数之和一定,差越小积越大”, 可知199520081996200720012002?< ,
所以111
199520081996200720012002>>>
??? , 可得111111199520081996200720012002+>+>>+
,所以 111111147271995199620082001200220022002
??+++>+?>??= ??? , 所以2002
14314
A <=,即142.5143A <<,所以A 的整数部分为142.
【答案】142
【巩固】 1
111130313249
+++???+的整数部分是________.
【考点】数的估算 【难度】3星 【题型】填空
【解析】 由于304931483940?< ,所以111
304931483940
>>>
??? , 797979304931483940>>>??? ,即111111
304931483940
+>+>>+ ,
所以1111111
11101030313249394040402????++
+???+>+?>+?= ? ?????
,
所以
11
211111303132492
<=+++???+,
又111112
2030313249303+++???+=,所以
113111122303132493
>=+++???+, 所以1
111130313249
+++???+的整数部分是1.
【答案】1
【巩固】 1
11111
20072006200520042003
++++
的整数部分是 .
【考点】数的估算 【难度】3星 【题型】填空
【解析】 对分母进行放缩.令1
11111
20072006200520042003s =++++
,
则120033
400111115520032003200320032003
s >
==++++
, 又200720032006200420052005+=+=+,根据两个数和一定则差越小积越大, 所以200720032006200420052005?,
则111
200720032006200420052005
>>
???,可得 11111
220072003200620042005+>+>?,所以120054011552005
s <==?, 即3
4004015
s <<,所以s 的整数部分为400.
【答案】400
【例 3】 已知()1111111
15111929411110099
N k k =++++++++++- ,求N 的整数部分.
【考点】数的估算 【难度】4星 【题型】填空
【解析】 题中已经指明,式子中每一项的分母都可以表示成()11k k +-,对于()11k k +-不好直接进行处
理,很容易联想到()1k k +及()1k k -,所以可以进行放缩. 由于()()()1111k k k k k k -<+-<+,所以
()()()111
1111k k k k k k
<<++--,那么
111111111111111123344510010123341001012101N >+
++++=+-+-++-=+->???? , 111111111111
11122122334991002233499100100
N <+++++=+-+-+-++-=-??? ,即
12N <<,那么N 的整数部分为1.
小结:从式子中也可以直接看出1N >,所以对于这一点也可以不进行放缩.
【答案】1
【例 4】 A =8.8+8.98+8.998+8.9998+8.99998,A 的整数部分是________. 【考点】数的估算 【难度】3星 【题型】填空 【关键词】第六届,小数报,决赛 【解析】 方法一:A >8.8?5=44 ,A <9?5=45 ,所以A 的整数部分是44 .
方法二:将原式变形后再估算
A =8.8+8.98+8.998+8.9998+8.99998
=(9-0.2+(9-0.02)+(9-0.002)+(9-0.0002)+(9-0.00002)=45-0.22222
所以A的整数部分是44 .
【答案】44
【巩固】a=10.8+10.98+10.998+10.9998+10.99998,a的整数部分是。
【考点】数的估算【难度】3星【题型】填空
【解析】a=11-0.2+11-0.02+11-0.002+11-0.0002+11-0.00002=55-0.22222
所以a的整数部分是54。
【答案】54
【巩固】已知x=0.9+0.99+0.999+ +0.9999999999.求x的整数部分.
【考点】数的估算【难度】3星【题型】填空
【解析】方法一:要求x的整数部分,必须找到x介于哪两个连续整数之间即a 方法二:将原式变型后再估算. x=0.9+0.99+0.999+ +0.9999999999 =(1-0.1)+(1-0.01)+(1-0.001)+ +(1-0.0000000001) =10-(0.1+0.01+0.001+ +0.0000000001)=10-0.1111111111 所以x的整数部分是9. 【答案】9 【例 5】计算8.01?1.24+8.02?1.23+8.03+1.22整数部分. 【考点】数的估算【难度】3星【题型】填空 【关键词】第五届,华杯赛 【解析】方法一:在8.01?1.24+8.02?1.23+8.03+1.22中,各式的两个因数之和都相等. 根据两个数和一定时,这两个数越接近则乘积越大,所以8.01?1.24>8.02?1.23>8.03?1.22;则有1.22?8.00?3<1.22?8.03?3<原式<1.24?8.01?3<1.25?8.00?3 ,即29.28<原式<30 ,所以原式的整数部分是29 . 方法二:为了使计算简便,可以把8.01、8.02、8.03分成整数和小数两部分计算,小数部分可以进行估算 8?1.24+8?1.23+8?1.22=8?(1.24+1.23+1.22)=8?3.66=29.28 0.01?1.24+0.02?1.23+0.03?1.22≈0.01?1+0.02?1+0.03?1=0.06 因为0.06不会影响整个算式的整数部分,所以整数部分是29. 【答案】29 【例 6】老师在黑板上写了七个自然数,让小明计算它们的平均数(保留小数点后面两位).小明计算出的答数是14.73,老师说:“除最后一位数字外其它都对了.”那么,正确的得数应是___ ___. 【考点】数的估算【难度】3星【题型】填空 【解析】法1:因为14.7这三个数字正确,14.7×7=102.9,所以,这七个自然数的和只可能是103,104,…… 等,当和为103时,平均数为103÷7≈14.71,当和为104时,平均数为104÷7≈14.86,就不符已知条件了,所以,七个自然数的和是103,平均是14.71. 法2:此题可以用放缩法:由题意知:14.70≤平均数≤14.79,所以这7个数的和介于102.90和103.53之间,又由于7个自然数的和必然是整数,所以是103。则正确的平均数是103÷7=14.71 . 【答案】14.71 【巩固】有13个自然数,它们的平均值利用四舍五入精确到小数点后一位是26.9.那么,精确到小数点后两位数是多少? 【考点】数的估算【难度】3星【题型】填空 【解析】利用放缩法,13个自然数之和必然是整数,又有26.85≤平均数<26.95,则这13个自然数的和介于13?26.85和13?26.95之间.即在349.05和350.35之间,所以只能是350.所以350÷13=26.923,则精确到小数点后两位数是26.92 . 【答案】26.92 【例 7】已知除法算式:12345678910111213÷31211101987654321.它的计算结果的小数点后的前三位数字分别是. 【考点】数的估算【难度】3星【题型】填空 【解析】各取被除数、除数前两位,有:原式>12÷32=0.375,原式<13÷31≈0.4194 ;在0.375~0.4194之间无法确定小数点后三位的准确值,说明放缩的范围太大. 再各取被除数、除数前三位,有:原式>123÷313≈0.3930,原式<124÷312≈0.3974,仍无法确定; 又各取被除数、除数前四位,有:原式>1234÷3122≈0.3953,原式<1235÷3121≈0.3957.说明原式的结果在0.3953~0.3957之间,因此,小数点后前三位数分别是3,9,5. 【答案】3,9,5. 【例 8】求1 3 + 1 4 + 1 5 + 1 6 + 1 7 + 1 8 + 1 9 的整数部分是多少? 【考点】数的估算【难度】3星【题型】填空 【解析】分段放缩. 11 43< 69 ?+?原式 11 34 36 +?,即1<原式< 2 1 3 ,所以原式整数部分为1. 【答案】1 【巩固】A=1+1 2 + 1 3 + 1 4 + 1 5 + 1 6 + 1 7 + 1 8 +…+ 1 16 的整数部分是多少? 【考点】数的估算【难度】3星【题型】填空 【解析】把算式中的分数放大或缩小,如果全部放大为1 2 ,则A<8 1 2 ;全部缩小为 1 16 ,则A>1 15 16 , 这样无法确定A的整数是多少,于是我们来用一种分段放大和缩小的办法.1+1 2 + 1 3 + 1 4 +… + 1 16 >1+ 1 2 +( 1 4 + 1 4 )+( 1 8 + 1 8 + 1 8 + 1 8 )+( 8 111 161616 +++ 个 ),通过计算得1+ 1 2 + 1 3+ 1 4 +…+ 1 16 >3,1+ 1 2 + 1 3 + 1 4 +…+ 1 16 <1+ 1 2 + 1 3 +( 1 4 + 1 4 + 1 4 + 1 4 )+( 1 8 + 1 8 + 1 8+ 1 8 + 1 8 + 1 8 + 1 8 + 1 8 )+ 1 16 ,即A<3 43 48 ,因为3<A<3 43 48 ,所以A的整数部分是3. 【答案】3 【例 9】 11111111 110 2468109698100 ?? -+-+-++-+? ? ?? 的整数部分是。 【考点】数的估算【难度】4星【题型】填空【关键词】2007年,第五届,走美杯,初赛,六年级 【解析】原式必然小于 1111 110 2468 ?? -+-+? ? ?? ,大于 11111 110 246810 ?? -+-+-? ? ?? ,容易计算出原式的值在 6.08至 7.08之间,故其整数部分为7. 【答案】7 【例 10】有一列数,第一个数是133,第二个数是57,从第三个数开始,每个数都是它前面两个数的平均数,那么,第16个数的整数部分是_______. 【考点】数的估算【难度】3星【题型】填空 【解析】由已知: 第三个数=(133+57)÷2=95, 第四个数=(57+95)÷2=75, 第五个数=(76+95)÷2=85.5 第六个数=(85.5+76)÷2=80.75, 第七个数=(80.75+85.5)÷2=83.125, 第八个数=(83.125+80.75)÷2=81.9375, 第九个数=(81.9375+83.125)÷2=82.53125. 第十个数=(81.9375+82.53125)÷2=82.234375, 从第十一个数开始,以后任何一个数都82.53125与82.234375之间,所以,这些数的整数部分都是82,那么第16个数的整数部分也82. 【答案】82 【例 11】 试求2222 1111 1011121000++++ 误差小于0.006的近似值. 【考点】数的估算 【难度】3星 【题型】填空 【解析】 222211111111 101112100010111112121310001001++++>++++ ???? 11111111 10111112121310001001=-+-+-++- 1111 101001101000=->- 0.10.0010.099=-=, 又2222111111111011121000910101111129991000++++<++++???? 11111111 910101111129991000=-+-+-++- 110.1120.0010.11191000 =-<-=, 由于(0.0990.111)20.105+÷=, 所以2222 11110.1051011121000 ++++≈ (误差小于(0.1110.099)20.006-÷=) 【答案】0.105 【例 12】 在横线上分别填入两个相邻的整数,使不等式成立:10111819 __________11121920 <++++< 【考点】数的估算 【难度】3星 【题型】填空 【关键词】2007年,希望杯,第五届,六年级,一试 【解析】 一共有10项,这个值大于1011×10=1911 ,小于191 109202?=,所以应该分别填入9和10. 【答案】9;10 【例 13】 记A =137151023 248161024 +++++ ,那么比A 小的最大自然数是 。 【考点】数的估算 【难度】3星 【题型】填空 【关键词】2008年,第十三届,华杯赛,决赛 【解析】 9 【答案】9 【例 14】 六个分数 12,13,15,17,111,1 13 的和在哪两个连续自然数之间? 【考点】数的估算 【难度】3星 【题型】填空 【关键词】2009年,第14届,华杯赛,决赛 【解析】 在1和2之间。 111111 23571113 +++++ 11111121331157?????? =+++++ ? ? ? ?????? 15 1412 263335 = ++。 因为151412263335+ +<151412262626++41 26= <2, 又因为 15 141226 3335++>151412 353535++ >1, 所以六个分数12,13,15,17,1 11,113 的和在1和2之间。 【答案】1和2 【例 15】 已知:1979188011871088 991981188211891090 A ?+?++?+?=??+?++?+? ,那么[]A = 【考点】数的估算 【难度】5星 【题型】填空 【解析】 1921821121021991981188211891090A ?+?++?+?? ?=-? ??+?++?+??? 19198181981119810198 991981188211891090 ?+?++?+?=-?+?++?+? 1919818198111981019819162181641117810180 2 19811882118910901981188211891090?+?++?+??+?++?+?>=?+?++?+??+?++?+? 1919818198111981019819243182461126710 270 319811882118910901981188211891090?+?++?+??+?++?+?<=?+?++?+??+?++?+? 所以 99 3 9A -<<-,即9697A <<,[]96A = 【答案】96 【例 16】 计算: 9102582629 392733 +++++= ; (四舍五入保留至小数点后第三位,注:10359049=) 【考点】数的估算 【难度】5星 【题型】填空 【解析】 设9102582629392733A +++++= ,则10112582629 39278133A =+++++ 910118 9 11 23 3 332921111279 7 33927333339333 A A +-- =+++++-=+++++- 623711211611 1 111171711731111133333363313 - ??=+++++=+?+=+-+ ???- 611 311137 1.750244323A = +-?+?≈ 【答案】1.750 高中数列放缩法技巧大全 证明数列型不等式,因其思维跨度大、构造性强,需要有较高的放缩技巧而充满思考性和挑战性,能全面而综合地考查学生的潜能与后继学习能力,因而成为高考压轴题及各级各类竞赛试题命题的极好素材。这类问题的求解策略往往是:通过多角度观察所给数列通项的结构,深入剖析其特征,抓住其规律进行恰当地放缩;其放缩技巧主要有以下几种: 一、裂项放缩 例1.(1)求∑ =-n k k 121 42的值; (2)求证:2 1153n k k =<∑ . 解析:(1)因为 1 21 121)12)(12(21422+- -=+-= -n n n n n ,所以1 2212111 42 1 2 += +- =-∑=n n n k n k (2)因为22211411214121214 n n n n n ??<==- ?--+??- , 所以35321121121513121112 =+?? ??+--++-+<∑=n n k n k 技巧积累:(1)2221441 124412121n n n n n ??=<=- ?--+?? (2) 12 11211 (1)(1)(1)(1) n n C C n n n n n n n +==-+--+ (3))2(1 11)1(1!11)!(!!11≥--=-<-=? =+r r r r r r n r n r n n C T r r r n r (4)25 )1(123112111)11(<-++?+?+ +<+n n n n (5) n n n n 21 121)12(21--=- (6) n n n -+<+22 1 (7))1(21)1(2--<< -+n n n n n 2010高考数学备考之放缩技巧 证明数列型不等式,因其思维跨度大、构造性强,需要有较高的放缩技巧而充满思考性和挑战性,能全面而综合地考查学生的潜能与后继学习能力,因而成为高考压轴题及各级各类竞赛试题命题的极好素材。这类问题的求解策略往往是:通过多角度观察所给数列通项的结构,深入剖析其特征,抓住其规律进行恰当地放缩;其放缩技巧主要有以下几种: 一、裂项放缩 例1.(1)求 ∑=-n k k 1 2 142 的值; (2)求证: 3 51 1 2 < ∑=n k k . 解析:(1)因为121121)12)(12(21 422+--=+-= -n n n n n ,所以12212111 4212 +=+-=-∑=n n n k n k (2)因为??? ??+--=-=- <1211212144 4 11 1 222n n n n n ,所以35321121121513121112=+?? ??+--++-+<∑=n n k n k 奇巧积累:(1)??? ??+--=-< =1211212144 4412 2 2n n n n n (2)) 1(1)1(1)1()1(21211+--=-+=+n n n n n n n C C n n (3))2(1 11)1(1!11)!(!!11 ≥--=-<-=? =+r r r r r r n r n r n n C T r r r n r (4)2 5 )1(12311 2111)11(<-++?+ ?++<+n n n n (5) n n n n 2 1121)12(21--=- (6) n n n -+<+22 1 (7))1(21)1(2--<<-+n n n n n (8) n n n n n n n 2)32(12)12(12 13211221?+-?+=???? ??+-+- (9) ? ? ? ??++-+=+++??? ??+-+=-+k n n k k n n n k k n k n k 11111)1(1,11111)1(1 (10) !)1(1!1!)1(+-=+n n n n (11) 2 1 2121 21222)1212(21 -++ = -++= --+ 1.5 归纳法原理与反归纳法 数学归纳法是中学教学中经常使用的方法.中学教材中的数学归纳法是这样叙述的:如果一个命题与自然数有关,命题对n =1正确;若假设此命题对n -1正确,就能推出命题对n 也正确,则命题对所有自然数都正确.通俗的说法:命题对n =1正确,因而命题对n =2也正确,然后命题对n =3也正确,如此类推,命题对所有自然数都正确.对于中学生来说,这样形象地说明就足够了;但是毕竟自然数是无限的,因而上述描述是不够严格的,有了皮阿罗公理后,我们就能给出归纳法的严格证明. 定理1.19 如果某个命题T,它的叙述含有自然数,如果命题T对n =1是正确的,而且假定如果命题T对n 的正确性就能推出命题T对n +1也正确,则命题T对一切自然数都成立.(第一数学归纳法) 证明 设M是使所讨论的例题T正确的自然数集合,则 (1) M ∈1. 设M n ∈,则命题T对n 正确,这时命题对n n '=+1也正确,即 (2) M n ∈' 所以由归纳公理D,M含有所有自然数,即命题T对所有自然数都成立. 下面我们给出一个应用数学归纳法的命题. 例1 求证 6 ) 12)(1(212 2 2 ++= +++n n n n 证明 (1)当n =1时,有 16 ) 112()11(112 =+?++?= 所以n =1,公式正确. (2)假设当k =n 时,公式正确,即 6 ) 12)(1(212 2 2 ++= +++n n n n 那么当k =n +1时,有 =+++++=+++++2 2222222)1()21()1(21n n n n =++++2 ) 1(6 ) 12)(1(n n n n =++++6 ) 1(6)12)(1(2 n n n n =++++6 )] 1(6)12()[1(n n n n =+++6 ) 672)(1(2 n n n =+++6) 32)(2)(1(n n n =+++++6 ) 1)1(2)(1)1)((1(n n n 所以公式对n +1也正确. 用放缩法处理数列和不等问题(教师版) 一.先求和后放缩(主要是先裂项求和,再放缩处理) 例1.正数数列{}n a 的前n 项的和n S ,满足12+=n n a S ,试求: (1)数列{}n a 的通项公式; (2)设11+= n n n a a b ,数列{}n b 的前n 项的和为n B ,求证:2 1 常用放缩方法技巧 证明数列型不等式,因其思维跨度大、构造性强,需要有较高的放缩技巧而充满思考性和挑战性,能全面而综合地考查学生的潜能与后继学习能力,因而成为高考压轴题及各级各类竞赛试题命题的极好素材。这类问题的求解策略往往是:通过多角度观察所给数列通项的结构,深入剖析其特征,抓住其规律进行恰当地放缩;其放缩技巧主要有以下几种: ⑴添加或舍去一些项,如: a a >+12;n n n >+)1( ⑵将分子或分母放大(或缩小) ⑶利用基本不等式,如:4lg 16lg 15lg )2 5lg 3lg (5lg 3lg 2=<=+;2) 1()1(++<+n n n n ⑷二项式放缩: n n n n n n C C C +++=+= 10)11(2,1210+=+≥n C C n n n , 2 222210++=++≥n n C C C n n n n )2)(1(2≥->n n n n (5)利用常用结论: Ⅰ. 的放缩 Ⅱ. 21k 的放缩(1) : 2111(1)(1) k k k k k <<+-(程度大) Ⅲ. 21k 的放缩(2):22111111()1(1)(1)211k k k k k k <==+-+--+(程度小) Ⅳ. 2 1k 的放缩(3):221 4112()412121k k k k <=+--+(程度更小) Ⅴ. 分式放缩还可利用真(假)分数的性质:)0,0(>>>++>m a b m a m b a b 和)0,0(>>>++ 放缩法在数列不等式中的应用 数列不等式是高考大纲在知识点交汇处命题精神的重要体现,在高考试题中占有重要地位,在近几年的高考试题中,多个省份都有所考查,甚至作为压轴题。而数列不等式的求解常常用到放缩法,笔者在教学过程中发现学生在用放缩法处理此类问题时,普遍感到困难,找不到解题思路。现就放缩法在数列不等式求解过程中常见的几种应用类型总结如下。 1. 直接放缩,消项求解 例1在数列{}{},n n a b 中,112,4a b ==,且1,,n n n a b a +成等差数列,11,,n n n b a b ++成等比数列. *N n ∈, (Ⅰ)求234,,a a a 及234,,b b b ,由此猜测{}{},n n a b 的通项公式,并证明你的结论; (Ⅱ)证明:1122111512 n n a b a b a b +++<+++L . 分析:(Ⅰ)数学归纳法。 (Ⅱ)本小题的分母可化为不相同的两因式的乘积,可将其放缩为等差型两项之积,通过裂项求和。 (Ⅰ)略解2(1)(1)n n a n n b n =+=+,. (Ⅱ)11115612 a b =<+.n ≥2时,由(Ⅰ)知(1)(21)2(1)n n a b n n n n +=++>+. 故112211111111622334(1)n n a b a b a b n n ??+++<++++ ?+++??+?? …… 111111116223341n n ??=+-+-++- ?+?? … 111111562216412n ??= +-<+= ?+??,综上,原不等式成立. 点评: 数列和式不等式中,若数列的通项为分式型,可考虑对其分母进行放缩,构造等差型因式之积。再用裂项的方法求解。 另外,熟悉一些常用的放缩方法, 如: ),,2,1(1 1121n k n k n n Λ=+≤+≤,n n n n n n n n n 111)1(11)1(11112--=-≤<+=+- 例2设数列{}n a 满足*,1,1311N c c ca a a n n ∈-+==+其中c 为实数 “放缩法”证明不等式的基本策略 1、添加或舍弃一些正项(或负项) 例1、已知* 21().n n a n N =-∈求证: *12 231 1...().23n n a a a n n N a a a +-<+++∈ 证明: 111211111111 .,1,2,...,,2122(21)2 3.222232 k k k k k k k k a k n a +++-==-=-≥-=--+-Q 1222311111111 ...(...)(1),2322223223 n n n n a a a n n n a a a +∴ +++≥-+++=-->- *122311...().232 n n a a a n n n N a a a +∴-<+++<∈ 若多项式中加上一些正的值,多项式的值变大,多项式中加上一些负的值,多项式的 值变小。由于证明不等式的需要,有时需要舍去或添加一些项,使不等式一边放大或缩小,利用不等式的传递性,达到证明的目的。本题在放缩时就舍去了22k -,从而是使和式得到化简. 2、先放缩再求和(或先求和再放缩) 例2、函数f (x )= x x 414+,求证:f (1)+f (2)+…+f (n )>n + )(2 1 21*1 N n n ∈-+. 证明:由f (n )= n n 414+=1- 11 11422n n >-+? 得f (1)+f (2)+…+f (n )>n 2211221122112 1 ?- ++?- +?-Λ )(21 2 1)2141211(41*11N n n n n n ∈-+=++++-=+-Λ. 此题不等式左边不易求和,此时根据不等式右边特征, 先将分子变为常数,再对分母进行放缩,从而对左边可以进行求和. 若分子, 分母如果同时存在变量时, 要设法使其中之一变为常量,分式的放缩对于分子分母均取正值的分式。如需放大,则只要把分子放大或分母缩小即可;如需缩小,则只要把分子缩小或分母放大即可。 3、逐项放大或缩小高中数列放缩法技巧大全
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