初中物理电功率技巧和方法完整版及练习题

初中物理电功率技巧和方法完整版及练习题

一、电功率选择题

1．如图甲，电源电压恒定，R0为定值电阻，电阻R的阻值随环境温度变化而改变．改变环境温度，定值电阻R0两端的电压U0随温度t变化的关系如图乙所示．则下列描述R两端的电压U、电路消耗的总功率P随温度t变化的关系图线中，可能正确的是（）

A. B. C. D.

【答案】B

【解析】【解答】由图甲知道，R0与R串联，电压表测量的是R0的电压；由图乙知道，随着温度的升高，R0两端的电压降低，说明随着温度的升高电阻R两端的电压增加，由串联分压知道，随着温度的升高R的阻值的阻值增加，R两端的电压增大，A不符合题意，B符合题意；随着R的阻值的阻值增加，电路的总电阻增加，由欧姆定律知道，电路的总电流减小，由P=UI知道，电源电源不变，总电流减小，所以电路的总功率减小，D不符合题意，由图乙知道，电路的电流与温度呈线性变化，所以总功率与温度也呈线性变化，C不符合题意，

故答案为：B。

【分析】结合电路图理清电路的连接方式及电表的测量对象，由于电阻R的阻值随环境温度的变化而变化，由图乙可知，当温度升高时电阻R0两端的电压线性变小，定值电阻的电流线性变小；根据串联电路电压的特点，判断出电阻R两端的电压的变化；因为电源电压保持不变，根据P=UI判断出电路消耗的总功率的变化.

2．电子驱蚊器利用变频声波直接刺激蚊虫中枢神经，使其非常痛苦，食欲不振，繁殖力下降，无法在此环境生存，从而达到驱蚊的目的其部分参数见表格，取g=10N/kg关于驱蚊器下列说法错误的是（）

A. 驱蚊器的重力为0.6N

B. 驱蚊器发出的声音能被正常人听到

C. 驱蚊器刺激蚊虫中枢神经利用的是超声波

D. 驱蚊器工作10h消耗电能为0.02kW?h 【答案】B

【解析】【解答】A、驱蚊器的重力，G＝mg＝0.06kg×10N/kg＝0.6N，A不符合题意；

B、人的听觉范围20～20000Hz；22kHz～55kHz超出了人的听觉范围，故驱蚊器发出的声音不能被正常人听到，B符合题意；

C、22kHz～55kHz超出了人的听觉范围，故驱蚊器刺激蚊虫中枢神经利用的是超声波，C 不符合题意；

D、蚊器工作10h消耗电能为W＝Pt＝0.002kW×10h＝0.2kW?h，D不符合题意。

故答案为：B。

【分析】利用物体质量计算重力的大小，人耳的听声范围是20～20000Hz，超声波的频率超过20000Hz，利用功率和时间计算消耗的电能.

3．小明家上次査看电能表示数，本次查看时电能表读数如图所示，则下列说法正确的是（）

A. 他家在这段时间内消耗的电能为903kw·h

B. 电能表是测量电功率的仪表

C. 若只让一个标有“220V 1000w”的电热水器正常工作10min，则电能表的圆盘转了600转

D. 这个电能表的额定功率为2200W

【答案】 C

【解析】【解答】A.根据电能表窗口示数差计算消耗的电能为8633.5kw.h-8543.2kw.h=90.3kw.h，A不符合题意；

B.电能表是测量电功的仪表，B不符合题意；

C.电热水器消耗的电能为，电能表实际转数为

， C符合题意；

D.电能表的最大电功率为， D不符合题意。

故答案为：C.

【分析】电能表是测量电功的仪表，利用电功率和时间可以计算消耗的电能，根据电压和电流可以计算电功率。

4．如图所示，将标有“12V6W”的灯泡和“12V3W”的灯泡接在12V的电路中，闭合开关，不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列说法中正确的是

A. 电路总功率等于9W

B. 电路总功率大于9W

C. 灯泡和一样亮

D. 灯泡比灯泡亮

【答案】D

【解析】【解答】AB．根据可得，两灯泡的电阻分别为：

，，

由电路图可知，灯泡L1、L2串联接在12V的电路中，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流：

，

则电路总功率：，A B不符合题意；

CD．由于串联电路中电流处处相等，且，根据可知，灯泡的实际功率较大，则灯泡较亮，C不符合题意，D符合题意。

故答案为：D。

【分析】理清小灯泡的连接方式，根据P=求出两灯泡的电阻，再根据灯泡的串联和欧姆定律求出电路中的电流；根据P=UI求出总功率；根据P=I2R比较两灯泡实际功率的大小关系，实际功率大的灯泡较亮.

5．如图所示是“探究电流通过导体时产生热量的多少与什么因素有关”的实验装置，两个透明容器中密闭这等量的空气，R1=R2=R3，当开关S闭合后，下列说法正确的是（）

A. 该实验装置是探究电流通过电阻时产生的热量与电阻大小的关系

B. 通过电阻R1和R2的电流相等

C. 通电一段时间后，右边U形管内液面的高度差比左边小

D. 该实验装置是利用U形管中液体的热胀冷缩来反映电阻放出热量的多少的

【答案】C

【解析】【解答】解：A、装置中R2、R3并联后再与R1串联，通过R1的电流I1=I2+I3，而I2=I3，所以右边容器中通过R3的电流I3是左侧通过R1电流的一半，即是研究电流产生的热量与电流的关系，故A错误；

B、由图知，通过R1的电流I1=I2+I3，而I2=I3，所以通过电阻R1和R2的电流不相等，故B 错；

C、左右两容器中的电阻相同，而通过电阻R1的电流大于R2的电流，通电时间相同，由Q=I2Rt可知，左边容器中的电阻产生的热量多，左边U形管内液面的高度差比右边U形管内液面的高度差大，故C正确；

D、电流产生的热量不能用眼睛直接观察，对密封容器中空气加热，引起U型管中液面变化，通过液面高度差的变化来反映，是利用容器内气体的热胀冷缩来反映电阻放出热量的多少，故D错误．

故选C．

【分析】A、电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，在通电时间和电阻相同时，是探究电流产生热量跟电流的关系；

B、根据串、并联电路的电流大小关系分析判断

C、通电时间相同、电阻相同，通过的电流不同，利用焦耳定律Q放=I2Rt分析判断；

D、电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但气体温度的变化可以通过U型管中液面高度差的变化来反映，体现的是转换思想．

6．如图所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向右移动过程中（）

A. 电压表V的示数不变

B. 电流表A的示数变大

C. 小灯泡的亮度变暗

D. 电路的总功率变大

【答案】 A

【解析】【解答】由图可知，闭合开关，灯泡与滑动变阻器并联，电流表A测量电路总电流，电压表测电源电压，所以滑片移动电压表的示数不变，A符合题意；

当滑动变阻器的滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据I= 可知，滑动变阻器所在支路中的电流变小；

根据并联电路的特点可知，各支路互不影响，所以滑片向右移动，小灯泡的电流和实际功率不变，则灯泡的亮度不变，C不符合题意；

根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知，总电流变小，即电流表A的示数变小，B不符合题意；

电源电压保持不变，总电流变小，根据P=UI知，电路的总功率变小，D不符合题意。

故答案为：A。

【分析】结合电路图，理清依据的连接方式及电表的测量对象，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，判断出滑动变阻器接入电路中电阻的变化，滑动变阻器两端的电压不变，根据

欧姆定律I= 可知该支路电流的变化；根据并联电路各支路互不影响判断出灯泡的亮度和通过灯泡的电流；根据P=UI判断电路的总功率变化情况.

7．下列说法正确的是（）

A. 电流表测电路中电流时，流过的电流是正电荷定向移动形成的

B. 某同学家的电能表示数是，表示他家消耗的电能是1234.5J

C. 可燃冰属于可再生能源

D. 卫星电话用电磁波传递信息

【答案】D

【解析】【解答】解：

A、在金属导体中自由电子的定向移动形成电流，故A错误；

B、某同学家的电能表示数是，表示他家消耗的电能是1234.5kW?h，故B错误；

C、可燃冰是埋藏于海底的化石燃料，可燃冰属于不可再生能源，故C错误；

D、卫星电话是用电磁波传递信息的，故D正确．

故选：D．

【分析】（1）金属导电靠的是自由电子的定向移动；（2）要知道电能表示数的最后一位是小数，单位是kw?h．（3）从能源是否可再利用的角度可把能源分为可再生能源和不可再生能源．人类开发利用后，在现阶段不可能再生的能源，属于不可再生能源；指在自然界中可以不断再生、连续利用的能源，属于可再生能源．（4）移动通信、卫星通信都是利用电磁波中的微波来传递信息的，因为微波传递信息量大．

8．有两个电路元件A和B，流过元件的电流与其两端电压的关系如图所示，下列说法正确的是（）

A. A的电阻值为6.25Ω

B. A和B串联，电路中电流为0.4A时，A、B的电功率之比为5：4

C. A和B并联在电压为2.5v的电源两端，A、B的电功率之比为5：4

D. 当A和B串联，两者电阻相同时，电源电压为3V

【答案】 C

【解析】【解答】A．由图象可知，当通过A的电流I A＝0.4A时，A两端的电压U A＝

2.0V，由I＝可得，A的电阻值：R A＝＝5Ω，A不符合题意；B．A和B串联，电路中电流为0.4A时，因串联电路中各处的电流相等，所以，通过两元件的电流I A＝I B＝0.4A，由图象可知，两元件两端的电压U A＝2.0V，U B＝2.5V，由P＝UI可得，A、B的电功

率之比：，B不符合题意；（3）A和B并联在电压为2.5V的电源两端时，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，两元件两端的电压U A′＝U B′＝2.5V，由图象可知，通过两元件的电流I A′＝0.5A，I B′＝0.4A，则A、B的电功率之比：

，C符合题意；（4）当A和B串联，两者电阻相同时，它们两端的电压和通过的电流相等，由图象可知，电路中的电流为0.6A，两元件两端的电压均为3V 时符合，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：U＝U A″+U B″＝3V+3V＝6V，D不符合题意。

故答案为：C。

【分析】根据电流和电压的图像，计算电阻的大小，结合图像分析电流相同或电压相同时的电功率的比值关系.

9．如图所示，电路中电源电压保持不变，小灯泡标有“3V1.5W字样，不考虑灯泡电阻随温度的变化，滑动变阻器R的最大阻值为24Ω，电流表量程为0-0.6A，电压表量程为0-3V．当开关S闭合后，滑动变阻器R接入电路的电阻为3Ω时小灯泡正常发光。为了保证电路安全，小灯泡电压不超过额定电压，两电表的示数均不超过所选量程。在滑片P滑动过程中，下列说法（）

①电源电压为4.5V

②变阻器接入电路的阻值范围是3Ω-12Ω

③小灯泡的最小功率为0.135W

④电路的最大功率2.25W

A. 只有正确

B. 只有正确

C. 只有正确

D. 都正确【答案】 C

【解析】【解答】解：由图知，灯泡和滑动变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；（1）由P= 可得灯泡的电阻：

R L= = =6Ω，

由P=UI可得，灯泡正常发光时通过的电流：

I额= = =0.5A，

由题知，当开关S闭合后，滑动变阻器R接入电路的电阻为3Ω时，小灯泡正常发光，

由欧姆定律和电阻的串联可得电源电压：

U=I额R串=I额×（R+R L）=0.5A×（3Ω+6Ω）=4.5V；故①正确；（2）因串联电路中电流处处相等，且电流表量程为0-0.6A，灯泡的额定电流为0.5A，

所以为了保证电路中各元件安全工作，电路中的最大电流I最大=I额=0.5A，

电路中的总电阻：R最小= = =9Ω，

滑动变阻器连入电路中的最小阻值：R最小=R总-R L=9Ω-6Ω=3Ω，

由于电压表量程为0-3V，当电压表的示数最大为U滑′=3V时，滑动变阻器接入电路的电阻最大；

此时灯泡两端的电压为：U L′=U-U滑′=4.5V-3V=1.5V，

此时电路的电流为：I最小= = =0.25A，

滑动变阻器接入电路的最大阻值：

R最大= = =12Ω，

所以为保护电路，变阻器接入电路的阻值范围是3Ω-12Ω；故②正确；（3）小灯泡的最小功率：

P L最小=I最小2R L=（0.25A）2×6Ω=0.375W；故③错误；（4）电路的最大功率：

P最大=UI最大=4.5V×0.5A=2.25W，故④正确。

综上可知，只有①②④正确。

故答案为：C。

【分析】结合电路图，理清元件的连接方式及电表的测量对象，利用P=求灯泡的电阻，利用P=UI求正常发光时通过的电流；结合小灯泡正常发光，利用U=IR求电源电压；由于电流表量程为0-0.6A，为了保证电路中各元件安全工作，电路中的最大电流等于灯正常工作时通过的电流，利用欧姆定律求电路中的最小电阻，滑动变阻器连入电路中的最小阻值等于总电阻减去灯的电阻；由于电压表量程为0-3V，当电压表的示数最大为3V时，滑动变阻器接入电路的电阻最大；此时灯泡两端的电压等于电源电压减去3V，利用欧姆定律求此时电路的电流，进而求出滑动变阻器接入电路的最大阻值，最后得出为保护电路，变阻器接入电路的阻值范围；利用P=I2R求小灯泡的最小功率，再利用P=UI求电路的最大功率.

10．如图所示电路，电源电压恒定，R为光敏电阻，其阻值随着光照的增强而减小，为定值电阻，当光照减弱时

A. V与示数的比值减小

B. V与示数的比值不变

C. 与示数之差变大

D. 电路消耗的总功率减小

【答案】D

【解析】【解答】A、由欧姆定律可知，V与示数的比值为光敏电阻R的阻值，因R的阻值变大，则该比值变大，A不符合题意；

B、电压表示数不变，示数变小，则V与示数的比值变大，B不符合题意；

C、由并联电路的特点可知，与示数之差为通过的电流，保持不变，C不符合题意；

D、电源电压不变，总电流变小，根据可知，总功率减小，D符合题意。

故答案为：D。

【分析】光敏电阻R与定值电阻R0并联，电压表测量的是R两端的电压（即电源的电压），保持不变；电流表 A1测量的是通过R的电流，电流表 A2测量的是干路中的电流；已知光敏电阻R的阻值随着光照的增强而减小，则当光照减弱时，R的阻值变大，根据欧姆定律可知，通过R的电流变小，即电流表A1示数变小；通过R0的电流不变，而通过R 的电流变小，所以干路中的电流变小，即电流表A2示数变小，根据P=UI 可知，总功率减小.

11．甲用电器标有“220V20W”，乙用电器标有“220V60W”，它们都在额定电压下工作，

则下列判断中正确的是（）

A. 甲用电器做功一定多

B. 做相同的功，甲用电器用的时间一定少

C. 乙用电器做功一定多

D. 相同时间内，乙用电器做的功一定多

【答案】 D

【解析】【解答】解：额定电压下，甲用电器的电功率为20W，乙用电器的功率为60W。AC、由W＝Pt可知，电流做功的多少与通电时间有关，AC不正确；

B、根据t＝可知，完成相同的功，乙用电器所用的时间一定少，B不正确；

D．根据W＝Pt可知，相同时间内，乙用电器完成的功一定多，D符合题意。

故答案为：D。

【分析】（1）电功率是表示电流做功快慢的物理量；（2）额定电压下用电器的功率和额定功率相等，根据W＝Pt比较电功和时间之间的关系。

12．如图所示电路，电源电压为12V且保持不变。闭合开关S，当滑片P置于变阻器的中点时，电压表的示数为4V；当滑片P置于变阻器的b端时，电压表的示数变化了2V，在10s内定值电阻产生的热量为则下列结果正确的是

A. 电路中的最小电流为

B. 滑片P在中点时，9s内滑动变阻器R消耗的电能为60J

C. R先后两次消耗的电功率之比为

D. 先后两次消耗的电功率之比为

【答案】C

【解析】【解答】由电路图知道，定值电阻与滑动变阻器串联电压表测量滑动变阻器的电压；由串联电路起分压作用知道，滑片从中点到b端时，电压表示数增大了2V，即滑片P 置于变阻器的b端时，电压表示数是4V+2V=6V；由Q=U2/Rt知道，定值电阻的阻值是：R1 =U12/Q1t=（12V?6V）2/60J×10s=6Ω；当滑片在b点时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，则电路中的电流最小，此时I最小=U1/R1=12V?6V/6Ω=1A，A不符合题意；当滑片在中点时，电路中的电流是：I=U′1/R1=12V?4V/6Ω=4/3A，所以，9s内滑动变阻器R消耗的电能是：W=UIt=4V×4/3A×9s=48J，B不符合题意；由以上分析结合P=UI知道，R先后两次消耗的电

功率之比是：，C符合题意；同理知道，R1先后两次消耗的电功率之

比是：，D不符合题意，

故答案为：C。

【分析】结合电路图，理清电路的连接方式及电表的测量对象，根据串联电路分压规律可知滑片从中点到b端时，电压表示数将增大，因此电压表示数增大了2V，再利用串联电路

的特点、欧姆定律以及电功、功率计算公式进行计算即可.

13．如图甲所示，已知电流表的量程为0~0.6A，电压表的量程为0~15V，滑动变阻器R2的规格为“20Ω 0.5A”。闭合开关S后，调节滑动变阻器的滑片P，得到电流表与电压表的示数关系如图乙所示。在保证电路安全的前提下，下列说法中正确的是（）

A. 电源电压为9V

B. R1的阻值为20Ω

C. 滑动变阻器的取值范围是2Ω~20Ω

D. 电路总功率的变化范围是2W~3W

【答案】C

【解析】【解答】结合电路图和乙图可得：，；

解得：，电源电压为：，AB不符合题意；

已知电流表的量程为0~0.6A，滑动变阻器R2的规格为“20Ω 0.5A”，因为串联时电流相等，

故电路最大电流为0.5A，此时电路总电阻为：，

则滑动变阻器最小电阻为：；

当滑动变阻器阻值变大时，分得电压增大，但电源电压为6V，小于电压表的量程，故滑动变阻器阻值可以调整到最大，即20Ω，则滑动变阻器接入电路的取值范围是2Ω~20Ω；

最小电流为：，

电路最小功率为：；

电路最大功率为：。

故答案为：C。

【分析】利用欧姆定律U=IR求出电源电压和电阻R1的值，根据变阻器铭牌和电表的量程，求出变阻器接入电路的阻值范围，由P=UI求电路的总功率.

14．现有电源、开关、电流表、电压表、灯泡、滑动变阻器各一个，其中灯泡的U﹣I图象如图所示。将这些元件用导线连成电路后，闭合开关，滑动变阻器的滑片从最左端向右滑动的过程中，电压表的示数从5V开始减小，电流表的示数从0.3A开始增大。下列结论正确的是（）

A. 电源的电压为5V

B. 小灯泡的最大功率为0.3W

C. 滑动变阻器的最大阻值为20Ω

D. 整个电路的最小功率是1.8 W

【答案】 D

【解析】【解答】解：（1）根据题意可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，如图所示：

；（2）当电压表的示数为5V时，电路中的电流为0.3A，由图象得出此时灯泡两端的电压U L＝1V，

因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以电源的电压：

U＝U滑+U L＝5V+1V＝6V，A不符合题意；

由I＝可得，滑动变阻器的最大阻值：

R滑＝＝≈16.7Ω，C不符合题意；

整个电路的最小功率：

P min＝UI＝6V×0.3A＝1.8W，D符合题意；（3）当滑动变阻器接入电路中的电阻最小时，灯泡两端的电压和电源的电压相等，

由图象可知通过灯泡的电流I′＝0.5A，则小灯泡的最大功率：

P Lmax＝UI′＝6V×0.5A＝3W，B不符合题意。

故答案为：D。

【分析】结合题意，将滑动变阻器的滑片从最左端向右滑动的过程中，电压表的示数减小，电流表的示数增大，则电压表并联在滑动变阻器两端，否则两电表示数应同时增大或同时减小；当电压表的示数为5V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，电路的总功率最小，根据图象读出电路中的电流为0.3A时灯泡两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，根据P=UI求出整个电路的最小功率；当滑动变阻器接入电路中的电阻最小时，灯泡两端的电压和电源的电压相等，根据图象读出通过的电流，根据P=UI求出灯泡的最大功率.

15．如图所示，电源电压为12V且保持不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器（a、b为其两端点）．闭合开关S，当滑片P在某一端点a时，电流表示数为0.1A，R2消耗的电功率为1W；当滑片P移动至某一位置c时，电压表示数为4V，R1消耗的电功率为3.2W．下列说法正确的是（）

A. 滑片P在a点时，R1消耗的电功率为2W

B. 滑片P在b点时，R1消耗的电功率为

0.6W

C. 滑片P在c点时，R2消耗的电功率为1.6W

D. 滑片P在c点时，电路消耗的总功率为4W

【答案】C

【解析】【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流．（1）当滑片P在某一端点a时，电流表示数为0.1A，串联电路中电流处处相等，即I=I1=I2=0.1A，

R2消耗的电功率为1W；

根据P=UI，则此时R2两端电压：

U2= = =10V，

因R1与R2串联，

所以R1两端电压：

U1=U﹣U2=12V﹣10V=2V，

R1消耗的电功率：

P1=U1I1=2V×0.1A=0.2W；﹣﹣﹣﹣故A错误；

当滑片在a时，由欧姆定律的变形公式，变阻器连入电路中的电阻：

R2= =100Ω，

R1= = =20Ω

滑片P在另一端b点时，即变阻器连入电路中的电阻为0，电路中只有R1，消耗的电功率为：

P1= = =7.2W，﹣﹣﹣﹣故B错误；（2）当滑片P移动至某一位置c时，电压表示数 =4V，根据串联电路电压的规律，R1的电压：

U′1=U﹣U′2=12V=4V=8V，根据P=UI，此时电路中的电流：

I′= = =0.4A，

滑片P在c点时，R2消耗的电功率：

= I′=4V×0.4A=1.6W；﹣﹣﹣﹣故C正确；

滑片P在c点时，电路消耗的总功率：

P总=UI′=12V×0.4A=4.8W，﹣﹣﹣﹣故D错误；

故选C．

【分析】（1）由图知R1、R2串联在电路中，电流表测电路中电流，电压表测R2两端电压，

当滑片P在某一端点a时，串联电路中电流处处相等，根据P=UI求出电压表示数，根据串联电路电压规律，求出R1两端电压，根据P=UI求R1消耗的电功率；

由欧姆定律求出当滑片在a时，变阻器连入电路中的电阻及R1的电阻，滑片P在另一端b

点时，即变阻器连入电路中的电阻为0，电路中只有R1，根据P= 求R1消耗的电功率；（2）当滑片P移动至某一位置c时，根据串联电路电压的规律，求R1的电压，根据P=UI 求出此时电路中的电流，分别根据P=UI求R2消耗的电功率和电路消耗的总功率．

16．如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，电路中保持不变的是（）

A. 用电器消耗的总功率

B. 电压表V的示数与电流表A的示数的比值

C. 电流表A的示数与电流表A1的示数的差值

D. 电压表V的示数与电流表A1的示数的乘积

【答案】D

【解析】【解答】由电路图知道，R1与R2并联，电流表A1测R1的电流，电流表A测并联电路的总电流，电压表测电源电压，所以无论滑片如何移动，电压表的示数不变；当滑动变阻器的滑片P向右移动时，变阻器连入电路中的电阻变大，由P=U2/R知道，用电器消耗的总功率变小，A不符合题意；由图知道，电压表V的示数与电流表A的示数的比值等于电路的总电阻，由于滑动变阻器的滑片P向右移动而使总电阻变大，所以该比值变大，B 不符合题意；因为并联电路中各支路互不影响，所以当滑动变阻器的滑片P向右移动时，通过R1的电流不变，即电流表A1示数不变，但变阻器由于连入电路中的电阻变大，而使通过变阻器的电流变小，由于电流表A的示数与电流表A1的示数的差值等于通过变阻器的电流，所以，该差值会变小，C不符合题意；又因为电压表示数不变、电流表A1示数不变，所以电压表V的示数与电流表A1的示数的乘积不变，D符合题意，

故答案为：D。

【分析】结合电路图判断电阻的连接方式及电表的测量对象，通过滑动变阻器的滑片P向右移动时变阻器连入电路中的电阻变化，结合欧姆定律、并联电路的规律、电功率公式进行分析即可.

17．如图所示，电源电压保持6V不变，电压表的量程为0 ~ 3V，电流表的量程为0 ~ 0．6A，定值电阻R1的规格为“10Ω 0．5A”，滑动变阻器R2的规格为“20Ω 1A”．闭合开关，为了保证电路安全，下列说法正确的是（）

A. 电流表示数允许的变化范围为0．2A~ 0．5A

B. R1消耗功率允许的变化范围为0．4W~ 0．9W

C. R2接入电路的阻值允许的变化范围为2Ω~ 20Ω

D. 电路消耗总功率允许的变化范围为1．2W~ 3W

【答案】 B

【解析】【解答】当电压表的示数为最大值U1=3V时，定值电阻R1两端电压为R1=3V，电路中电流I1=" I=" I2= U1/ R1=0．3A<0．6A，所以电路中最大电流只能为0．3A；滑动变阻器

接入电路中的最小电阻电路消耗的最大功率P=UI=6V×0．3A=1．8W,电阻R1消耗的最大功率P1=U1I1=3V×0．3A=0．9W，所以B、C、D错误；滑动变阻器阻值

最大时，电路中电流最小，电阻R1的最小电功率

所以R1消耗的功率的变化范围为0．4W~ 0．9W 。

故答案为:B。

【分析】由图可知：滑动变阻器R1与定值电阻R2串联，电压表测量定值电阻两端的电压，根据串联电路的分压原理（电阻越大，电阻两端的电压越高），当电压表的示数最小时，变阻器接入电路的电阻最大；当电流表的示数达到最大值时，变阻器接入电路的电阻最小；根据欧姆定律的应用可分别电路中的总电阻和滑动变阻器接入电路中的电阻值，同时可以确定电压表示数、电流表示数以及电路中总功率的变化．

18．下列常见电器中不是利用电流热效应工作的是（）

A. 电炉

B. 电动机

C. 电饭

锅 D. 电熨斗

【答案】 B

【解析】【解答】解：电炉、电饭锅、电熨斗是根据电流的热效应工作的，它们把电能主要转化为内能；

电动机是根据通电导线在磁场中受到磁场力的作用而工作的，电动机工作时主要把电能转

化为机械能，B符合题意．

故答案为：B．

【分析】利用电热工作的有电炉、电饭锅、电熨斗等，电动机是把电能转化为机械能.

19．王楠同学在学习了滑动变阻器的知识后，决定将自己的台灯改为调光式，于是他从解放碑雅兰电子城买了“1W 2kΩ”的电位器一个，装在台灯（灯泡为“PZ22060”）上，一开灯，确实能调光，但电位器一会儿就冒起烟了，吓得他赶快扯下了插头。分析他失败的原因是（）

A. 因为一开灯能调光，说明电位器规格正确，主要是电位器的质量低劣

B. 电位器额定功率偏小

C. 电位器额定电流偏大

D. 电位器电阻偏小，应换用20kΩ

【答案】 B

【解析】【分析】首先利用利用额定功率和实际功率的关系判断A、B、C是否正确．

知道灯泡的额定电压和额定功率，可利用公式R=计算出灯泡的电阻，再利用串联电路的特点和电功率的公式计算出变阻器的实际功率，从而判断D是否正确．

【解答】因为烧毁了，所以电位器规格肯定不合格；故A错误；

功率偏大不可能，既然烧坏了那肯定是实际功率大于了额定功率，C说法错误，不符合题意；B说法正确；

灯泡为“PZ22060”，

∴灯泡的电阻为RL===807Ω；

接上电位器后电路中的总电阻为R=RL+R电=807Ω+2000Ω=2807Ω，

∴电位器的功率为：P电=I2R电=（）2R电=（）2×2000Ω≈12.3W，

从而可知D说法错误；

故选B．

【点评】本题考查了学生对串联电路特点的理解，以及利用电功率的公式分析电路中电功率的大小，本题考查知识点比较多，属于难题．

20．下列物理量的估计最接近实际的是（）

A. 人体的正常体温约为37℃

B. 家用空调的额定功率约为50W

C. 我国家庭照明电路的电压为1.5V

D. 体育考试中所用实心球质量约为10kg 【答案】 A

【解析】【解答】解：

A、人体正常体温在37℃左右，变化幅度很小，此选项符合实际；

B、家用空调的额定功率在1000W以上，此选项不符合实际；

C、家庭电路电压为220V，此选项不符合实际；

D、考试中所用实心球质量约为1kg左右，此选项不符合实际．

故选A．

【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个．此题考查的是学生对一些常见物理量的估测能力，需要学生对生活中的常见物理量单位、大小有所认识，此题就会得到正确答案．