2020年海南省新高考数学试卷
2020年海南省新高考数学试卷
副标题
题号 一 二 三 四 总分 得分
一、选择题(本大题共8小题,共40.0分)
1. (5分)设集合A ={2,3,5,7},B ={1,2,3,5,8},则A ∩B =( )
A. {1,3,5,7}
B. {2,3}
C. {2,3,5}
D. {1,2,3,5,7,8} 2. (5分)(1+2i)(2+i)=( )
A. 4+5i
B. 5i
C. ?5i
D. 2+3i
3. (5分)在△ABC 中,D 是AB 边上的中点,则CB
????? =( ) A. 2CD ????? +CA ????? B. CD ????? ?2CA ????? C. 2CD ????? ?CA ????? D. CD
????? +2CA ????? 4. (5分)日晷是中国古代用来测定时间的仪器,利用与晷面垂直的晷针投射到晷面的影子来测定时间.把
地球看成一个球(球心记为O),地球上一点A 的纬度是指OA 与地球赤道所在平面所成角,点A 处的水平面是指过点A 且与OA 垂直的平面.在点A 处放置一个日晷,若晷面与赤道所在平面平行,点A 处的纬度为北纬40°,则晷针与点A 处的水平面所成角为( )
A. 20°
B. 40°
C. 50°
D. 90°
5. (5分)某中学的学生积极参加体育锻炼,其中有96%的学生喜欢足球或
游泳,60%的学生喜欢足球,82%的学生喜欢游泳,则该中学既喜欢足球又喜欢游泳的学生数占该校学生总数的比例是( )
A. 62%
B. 56%
C. 46%
D. 42%
6. (5分)要安排3名学生到2个乡村做志愿者,每名学生只能选择去一个村,每个村里至少有一名志愿者,
则不同的安排方法共有( ) A. 2种 B. 3种 C. 6种 D. 8种 7. (5分)已知函数f(x)=lg(x 2?4x ?5)在(a,+∞)上单调递增,则a 的取值范围是( )
A. (2,+∞)
B. [2,+∞)
C. (5,+∞)
D. [5,+∞) 8. (5分)若定义在R 的奇函数f(x)在(?∞,0)单调递减,且f(2)=0,则满足xf(x ?1)≥0的x 的取值范围
是( )
A. [?1,1]∪[3,+∞)
B. [?3,?1]∪[0,1]
C. [?1,0]∪[1,+∞)
D. [?1,0]∪[1,3] 二、不定项选择题(本大题共4小题,共20.0分)
9. (5分)我国新冠肺炎疫情进入常态化,各地有序推进复工复产,下面是某地连续11天复工复产指数折
线图,下列说法正确的是( )
A. 这11天复工指数和复产指数均逐日增加;
B. 这11天期间,复产指数增量大于复工指数的增量;
C. 第3天至第11天复工复产指数均超过80%;
D. 第9天至第11天复产指数增量大于复工指数的增量;
10. (5分)已知曲线C :mx 2+ny 2=1.( )
A. 若m >n >0,则C 是椭圆,其焦点在y 轴上
B. 若m =n >0,则C 是圆,其半径为√n
C. 若mn <0,则C 是双曲线,其渐近线方程为y =±√?m
n x D. 若m =0,n >0,则C 是两条直线
11. (5分)如图是函数y =sin(ωx +φ)的部分图象,则sin(ωx +φ)=( )
A.
B.
C.
D.
12. (5分)已知a >0,b >0,且a +b =1,则( )
A. a 2+b 2≥1
2
B. 2a?b >1
2
C. log 2a +log 2b ≥?2
D. √a +√b ?√2
三、填空题(本大题共4小题,共20.0分)
13. (5分)已知正方体ABCD ?A 1B 1C 1D 1的棱长为2,M 、N 分别为BB 1、AB 的中点,则三棱锥A ?NMD 1的
体积为 .
14. (5分)斜率为的直线过抛物线C :y 2=4x 的焦点,且与C 交于A ,B 两点,则|AB|= .
15. (5分)将数列{2n ?1}与{3n ?2}的公共项从小到大排列得到数列{a n },则{a n }的前n 项和为 16. (5分)某中学开展劳动实习,学生加工制作零件,零件的截面如图所示.O 为圆孔及轮廓圆弧AB 所在
圆的圆心,A 是圆弧AB 与直线AG 的切点,B 是圆弧AB 与直线BC 的切点,四边形DEFG 为矩形,
BC ⊥DG ,垂足为C ,tan∠ODC =,BH // DG ,EF =12cm ,DE =2cm ,A 到直线DE 和EF 的距离均为7cm ,圆孔半径为1cm ,则图中阴影部分的面积为 .
四、解答题(本大题共6小题,共70.0分)
17.(10分)在①ac=√3,②csinA=3,③c=√3b这三个条件中任选一个,补充在下面问题中,若问题
中的三角形存在,求c的值;若问题中的三角形不存在,说明理由.
问题:是否存在△ABC,它的内角A,B,C的对边分别为a,b,c,且sinA=√3sinB,,_______?
注:如果选择多个条件分别解答,按第一个解答计分.
18.(12分)已知公比大于1的等比数列{a n}满足a2+a4=20,a3=8.
(1)求{a n}的通项公式;
(2)求a1a2?a2a3+?+(?1)n?1a n a n+1.
19.(12分)为加强环境保护,治理空气污染,环境监测部门对某市空气质量进行调研,随机抽查了100天
空气中的PM2.5和SO2浓度(单位:μg/m3),得下表:
SO2
PM2.5
[0,50](50,150](150,475]
[0,35]32184
(35,75]6812
(75,115]3710
(1)估计事件“该市一天空气中PM2.5浓度不超过75,且SO2浓度不超过150”的概率;
(2)根据所给数据,完成下面的2×2列联表:
SO2
PM2.5
[0,150](150,475]
[0,75]
(75,115]
(3)根据(2)中的列联表,判断是否有99%的把握认为该市一天空气中PM2.5浓度与SO2浓度有关?
附:K2=n(ad?bc)2
(a+b)(c+d)(a+c)(b+d)
P(K2≥k)0.0500.0100.001
k 3.841 6.63510.828
20.(12分)如图,四棱锥P?ABCD的底面为正方形,PD⊥底面ABCD.设平面PAD与平面PBC的交线为l.
(1)证明:l⊥平面PDC;
(2)已知PD=AD=1,Q为l上的点,QB=√2,求PB与平面QCD所成角的正弦值.
21.(12分)已知椭圆C:x2
a2
+y2
b2
=1(a>b>0)过点M(2,3),点A为其左顶点,且AM的斜率为1
2
.
(1)求C的方程;
(2)点N为椭圆上任意一点,求△AMN的面积的最大值.
22.(12分)已知函数f(x)=ae x?1?lnx+lna.
(1)当a=e时,求曲线y=f(x)在点(1,f(1))处的切线与两坐标轴围成的三角形的面积;
(2)若f(x)≥1,求a的取值范围.
答案和解析
1.【答案】C
【解析】 【分析】
本题考查了集合的交集运算,属于基础题. 根据两集合的公共元素得出答案. 【解答】
解:因为集合A ,B 的公共元素为:2,3,5 故A ∩B ={2,3,5}. 故选:C .
2.【答案】B
【解析】
【分析】
本题考查了复数运算,属于基础题. 根据复数的乘法公式计算.
【解答】
解:(1+2i)(2+i)=2+i +4i +2i 2=5i , 故选:B .
3.【答案】C
【解析】
【分析】
本题考查向量的表示,考查向量加法法则等基础知识,考查运算求解能力,是基础题. 利用向量加法法则直接求解. 【解答】
解:在△ABC 中,D 是AB 边上的中点, 则CB ????? =CD ????? +DB ?????? =CD ????? +AD
?????? =CD
????? +(AC ????? +CD ????? ) =2CD ????? ?CA ????? . 故选:C .
4.【答案】B
【解析】
【分析】
本题是立体几何在生活中的运用,考查空间线面角的定义和求法,属于基础题.
由纬度的定义和线面角的定义,结合直角三角形的性质,可得晷针与点A 处的水平面所成角. 【解答】
解:可设A 所在的纬线圈的圆心为O?,OO?垂直于纬线所在的圆面, 由图可得∠OHA 为晷针与点A 处的水平面所成角, 又∠OAO?为40°且OA ⊥AH ,
在Rt △OHA 中,O?A ⊥OH ,∴∠OHA =∠OAO?=40°, 故选:B .
5.【答案】C
【解析】
【分析】
本题考查集合的应用,子集与交集、并集运算的转换,韦恩图的应用,是基本知识的考查.
设只喜欢足球的百分比为x ,只喜欢游泳的百分比为y ,两个项目都喜欢的百分比为z ,画出图形,列出方程求解即可.
【解答】
解:设只喜欢足球的百分比为x ,只喜欢游泳的百分比为y ,两个项目都喜欢的百分比为z ,
由题意,可得x +z =60,x +y +z =96,y +z =82,解得z =46.
∴该中学既喜欢足球又喜欢游泳的学生数占该校学生总数的比例是46%.
故选:C
6.【答案】C
【解析】
【分析】
本题考查不同的安排方法种数的求法,考查排列组合等基础知识,考查运算求解能力,是基础题.
先把三名学生分成2组,再把2组学生分到两个村,利用排列组合知识直接求解.
【解答】
解:要安排3名学生到2个乡村做志愿者,每名学生只能选择去一个村,
每个村里至少有一名志愿者,
则不同的安排方法共有:
C32C11A22=6.
故选:C.
7.【答案】D
【解析】
【分析】
本题考查复合函数单调性的求法,考查数学转化思想方法,是中档题.
由对数式的真数大于0求得函数的定义域,令t=x2?4x?5,由外层函数y=lgt是其定义域内的增函数,结合复合函数的单调性可知,要使函数f(x)=lg(x2?4x?5)在(a,+∞)上单调递增,需内层函数t=x2?4x?5在(a,+∞)上单调递增且恒大于0,转化为(a,+∞)?(5,+∞),即可得到a的范围.
【解答】
解:由x2?4x?5>0,得x1或x>5.
令t=x2?4x?5,
∵外层函数y=lgt是其定义域内的增函数,
∴要使函数f(x)=lg(x2?4x?5)在(a,+∞)上单调递增,
则需内层函数t=x2?4x?5在(a,+∞)上单调递增且恒大于0,
则(a,+∞)?(5,+∞),即a≥5.
∴a的取值范围是[5,+∞).
故选:D.8.【答案】D
【解析】
【分析】
本题主要考查不等式的求解,结合函数奇偶性的性质,作出函数f(x)的草图,是解决本题的关键.难度中等.
根据函数奇偶性的性质,然后判断函数的单调性,利用分类讨论思想进行求解即可.
【解答】
解:∵定义在R的奇函数f(x)在(?∞,0)单调递减,且f(2)=0,f(x)的大致图象如图:
∴f(x)在(0,+∞)上单调递减,且f(?2)=0;
故f(?1)<0;
当x=0时,不等式xf(x?1)≥0成立,
当x=1时,不等式xf(x?1)≥0成立,
当x?1=2或x?1=?2时,即x=3或x=?1时,不等式xf(x?1)≥0成立,
当x>0时,不等式xf(x?1)≥0等价为f(x?1)≥0,
此时{
x>0
0 当x<0时,不等式xf(x?1)≥0等价为f(x?1)≤0, 即{ x<0 ?2?x?1<0,得?1≤x<0, 综上?1≤x≤0或1≤x≤3, 即实数x的取值范围是[?1,0]∪[1,3], 故选:D. 9.【答案】CD 【解析】 【分析】 本题考查折线图表示的函数的认知和理解,考查理解能力、识图能力、推理能力,难点在于指数增量的理解与观测,属于中档题. 通过复工和折线图中都有递减的部分来判断A;根据第一天和第十一天两者指数差的大小来判断B;根据图象结合复工复产指数的意义和增量的意义可判断CD; 【解答】 解:由图可知,这11天的复工指数和复产指数有增有减,故A错; 由折线的变化程度可见这11天期间,复产指数增量小于复工指数的增量,故B错误; 第3天至第11天复工复产指数均超过80%,故C正确; 第9天至第11天复产指数增量大于复工指数的增量,D正确; 故选:CD. 10.【答案】ACD 【解析】 【分析】 本题考查圆锥曲线方程的定义,属于中档题. 根据所给条件,逐一分析对应的方程形式,结合椭圆、圆、双曲线方程的定义进行判断即可. 【解答】解:A.若m>n>0,则1 m <1 n ,则根据椭圆定义,知 x2 1 m +y21 n =1表示焦点在y轴上的椭圆,故A 正确; B .若m=n>0,则方程为x2+y2=1 n ,表示半径为1 √n 的圆,故B错误; C.若m<0,n>0,则方程为x2 1 m +y21 n =1,表示焦点在y轴的双曲线,故此时渐近线方程为y=±√?m n x, 若m>0,n<0,则方程为x2 1 m +y21 n =1,表示焦点在x轴的双曲线,故此时渐近线方程为y=±√?m n x, 故C正确; D.当m=0,n>0时,则方程为y=±1 √n 表示两条直线,故D正确;故选:ACD. 11.【答案】BC 【解析】【分析】 本题主要考查三角函数解析式的求解,结合函数图象求出函数的周期和ω,利用三角函数的诱导公式进行转化是解决本题的关键.比较基础. 根据图象先求出函数的周期,和ω,利用五点法求出函数的φ的值,结合三角函数的诱导公式进行转化求解即可. 【解答】 解:由图象知函数的周期,即,即ω=2, 由五点对应法得, 得, 则 故选:BC. 12.【答案】ABD 【解析】 【分析】 本题考查的知识要点:不等式的性质的应用,基本不等式的应用,主要考查学生的运算能力和转换能力及思维能力,属于基础题型. 直接利用不等式的性质的应用和基本不等式的应用求出结果. 【解答】 解:①已知a>0,b>0,且a+b=1,所以(a+b)2≤2a2+2b2,则a2+b2?1 2 ,故A正确. ②利用分析法:要证2a?b>1 2 ,只需证明a?b>?1即可,即a>b?1,由于a>0,b>0,且a+b=1,所以:a>0,b?1<0,故B正确. ③log2a+log2b=log2ab?log2(a+b 2 )2=?2,故C错误. ④由于a>0,b>0,且a+b=1, 利用分析法:要证√a+√b?√2成立,只需对关系式进行平方,整理得a+b+2√ab?2,即2√ab?1, 故√ab?1 2 =a+b 2 ,当且仅当a=b=1 2 时,等号成立.故D正确. 故选:ABD. 13.【答案】1 3 【解析】 【分析】 本题考查利用等体积法求多面体的体积,是基础的计算题. 由题意画出图形,再由等体积法求三棱锥A ?NMD1的体积. 【解答】 解:如图, ∵正方体ABCD?A1B1C1D1的棱长为2,M、N分别为BB1、AB的中点, ∴S△ANM=1 2×1×1=1 2 , ∴V A?NMD 1=V D 1?AMN =1 3 ×1 2 ×2=1 3 . 故答案为:1 3 . 14.【答案】16 3 【解析】 【分析】 本题考查了抛物线的简单几何性质,直线与抛物线的位置关系的应用,考查了学生的计算能力,是中档题.由题意求出直线AB的方程,联立直线和抛物线方程,利用抛物线的性质转化求解即可. 【解答】 解:由题意可得抛物线焦点F(1,0),直线l的方程为y=√3(x?1), 代入y2=4x并化简得3x2?10x+3=0, 设A(x1,y1),B(x2,y2),则x1+x2=10 3 ; x1x2=1,∴由抛物线的定义可得|AB|=x1+x2+p=10 3 +2=16 3 . 故答案为:16 3 . 15.【答案】3n2?2n 【解析】 【分析】 本题主要考查等差数列的性质以及求和公式,属于基础题. 首先判断{a n}是以1为首项、以6为公差的等差数列,再利用求和公式,得出结论. 【解答】 解:将数列{2n?1}与{3n?2}的公共项从小到大排列得到数列{a n}, 则{a n}是以1为首项、以6为公差的等差数列, 故它的前n项和为n×1+n(n?1) 2 ×6=3n2?2n, 故答案为:3n2?2n. 16.【答案】 【解析】 【分析】 本题考查直线与圆的位置关系,三角形的解法,考查分析问题解决问题的能力,是难题. 设大圆的半径为R,利用已知条件求出OQ、OD的长,利用tan∠ODC=求出大圆的半径R,再根据图中线段关系得出△AOH为直角三角形,最后求解图中阴影部分的面积即可. 【解答】 解:作AM垂直于EF,交OH、DG于S、N,垂足为M,过点O作OQ垂直于DQ,垂足为Q, ∵A到直线DE和EF的距离均为7cm,∴EM=AM=7, 又∵EF=12,MN=DE=2, ∴NG=MF=12?7=5,AN=AM?NM=7?2=5, ∴∠AGD=45°,∵BH//DG,∴∠AHO=45°, 由于AG是圆弧的切线, ∴AG⊥OA,∠AOH=∠ACN=45°, 设大圆的半径为R,则AS=OS= √2 OQ =SN =5? R √2 ,DQ =DN ?QN =7?R √2, ∵tan∠ODC =3 5 ,∴ 5? R √27?R √2 =3 5,解得R =2√2, 图中阴影部分面积分为扇形AOB 和直角△AOH 的面积减去小半圆的面积, 所以S 阴影=135 360×π×(2√2)2+1 2×2√2×2√2?1 2×π×1=5 2π+4. 故答案为:52π+4. 17.【答案】解:①ac =√3. △ABC 中,sinA =√3sinB ,即b = √3 3 a , ac =√3,∴c =√ 3 a , cosC = a 2+ b 2? c 2 2ab = a 2+ a 23?3a 22√3a 23 = √32 , ∴a =√3,b =1,c =1. ②csinA =3. △ABC 中, ,∴a =6. ∵sinA =√3sinB ,即a =√3b ,∴b =2√3. cosC =a 2+b 2?c 22ab =36+12?c 22×6×2√3 =√3 2 ∴c =2√3. ③c =√3b. ∵sinA =√3sinB ,即a =√3b , 又∵c =√3b , 与已知条件 相矛盾,所以问题中的三角形不存在. 【解析】本题主要考查解三角形中的正弦定理与余弦定理,熟练掌握余弦定理并灵活的应用是解本题的关键. ①根据题意,结合正弦定理,可得b =√3 3 a ,c =√ 3 a ,结合 ,运用余弦定理cosC = a 2+ b 2? c 2 2ab ,即可求 得c =1. ②根据题意,△ABC 中,csinA =asinC ,即可求得a =6,进而得到b =2√3.运用余弦定理cosC =a 2+b 2?c 2 2ab , 即可求得c =2√3. ③根据c =√3b ,sinA =√3sinB 即a =√3b ,可列式求得cosC =√ 3 6 ,与已知条件 矛盾,所以问题中 的三角形不存在. 18.【答案】解:(1)设等比数列{a n }的公比为q(q >1), 则{ a 2+a 4=a 1q +a 1q 3=20 a 3=a 1q 2=8 , ∵q >1,∴{a 1=2 q =2, ∴a n =2·2n?1=2n . (2)a 1a 2?a 2a 3+?+(?1)n?1a n a n+1 =23?25+27?29+?+(?1)n?1?22n+1, = 23[1?(?22)n ]1?(?22) =8 5?(?1) n 2 2n+3 5 . 【解析】本题考查等比数列的通项公式,前n 项求和公式,考查转化思想和方程思想,属于基础题. (1)根据题意,列方程组{a 2+a 4=a 1q +a 1q 3=20 a 3=a 1q 2=8 ,解得a 1和q ,然后求出{a n }的通项公式; (2)根据条件,可知a 1a 2,?a 2a 3,…(?1)n?1a n a n+1,是以23为首项,?22为公比的等比数列,由等比数列求和公式,即可得出答案. 19.【答案】解:(1)用频率估计概率,从而得到“该市一天空气中PM2.5浓度不超过75,且SO 2浓度不超过 150”的概率 P = 32+18+6+8 100 =0.64; SO 2 PM2.5 [0,150] (150,475] [0,75] 64 16 (75,115] 10 10 由K 2 = n(ad?bc)2 (a+b )(c+d )(a+c )(b+d ) =100×(64×10?16×10)2 80×20×74×26 =7.484>6.635, P(K 2≥6.635)=0.01; 故有99%的把握认为该市一天空气中PM2.5浓度与SO 2浓度有关, 【解析】本题考查了独立性检验的应用,用频率估计概率,属于基础题. (1)用频率估计概率,从而得到“该市一天空气中PM2.5浓度不超过75,且SO 2浓度不超过150”的概率; (2)根据题目所给的数据填写2×2列联表即可; (3)计算K 的观测值K 2,对照题目中的表格,得出统计结论. 20.【答案】解:(1)证明:过P 在平面PAD 内作直线l // AD , 由AD // BC ,可得l // BC ,即l 为平面PAD 和平面PBC 的交线, ∵PD ⊥平面ABCD ,BC ?平面ABCD ,∴PD ⊥BC , 又BC ⊥CD ,CD ∩PD =D ,∴BC ⊥平面PCD , ∵l // BC ,∴l ⊥平面PCD ; (2)如图,以D 为坐标原点,直线DA ,DC ,DP 所在的直线为x ,y ,z 轴,建立空间直角坐标系D ?xyz , ∵PD =AD =1,Q 为l 上的点,QB =√2, ∴PB =√3,QP =1, 则D(0,0,0),A(1,0,0),C(0,1,0),P(0,0,1),B(1,1,0), 设Q(1,0,1),则DQ ?????? =(1,0,1),PB ????? =(1,1,?1),DC ????? =(0,1,0), 设平面QCD 的法向量为n ? =(a,b ,c), 则{n ? ?DC ????? =0n ? ?DQ ?????? =0,∴{b =0a +c =0,取c =1,可得n ? =(?1,0,1), ∴cos n ?? ?PB ?????? |n ?? ||PB |= √3·√ 2 =√6 3 , ∴PB 与平面QCD 所成角的正弦值为√6 3 . 【解析】本题考查空间线面垂直的判定,以及线面角的求法,考查转化思想和向量法的运用,考查运算能力和推理能力,属于中档题. (1)过P 在平面PAD 内作直线l // AD ,推得l 为平面PAD 和平面PBC 的交线,由线面垂直的判定和性质,即可得证; (2)以D 为坐标原点,直线DA ,DC ,DP 所在的直线为x ,y ,z 轴,建立空间直角坐标系D ?xyz ,求出Q(0,1, 1),运用向量法,求得平面QCD 的法向量,结合向量的夹角公式求解即可. 21.【答案】解:(1)由题意可知直线AM 的方程为:y ?3=1 2(x ?2),即x ?2y =?4, 当y =0时,解得x =?4,所以a =4,椭圆C : x 2 a 2 +y 2 b 2=1(a >b >0)过点M(2,3), 可得416+9 b 2=1,解得b 2=12, 所以C 的方程: x 2 16 +y 2 12=1. (2)设与直线AM平行的直线方程为:x?2y=m,当直线与椭圆相切时,与AM距离比较远的直线与椭圆的切点为N,此时△AMN的面积取得最大值. x?2y=m 代入椭圆方程:x2 16+y2 12 =1. 化简可得:16y2+12my+3m2?48=0,所以△=144m2?4×16(3m2?48)=0,即m2=64,解得m=±8, 与AM距离比较远的直线方程:x?2y=8, 利用平行线之间的距离为:d=8+4 √1+4=12√5 5 , |AM|==3. 所以△AMN的面积的最大值:1 2×3√5×12√5 5 =18. 【解析】本题考查直线与椭圆的位置关系的综合应用,椭圆方程的求法,椭圆的简单性质的应用,考查学生分析问题解决问题的数学素养,是偏难题. (1)利用已知条件求出A的坐标,然后求解b,得到椭圆方程. (2)设出与直线AM平行的直线方程,与椭圆联立,利用判别式为0,求出椭圆的切线方程,然后求解三角形的最大值. 22.【答案】解:(1)当a=e时,f(x)=e x?lnx+1, ∴f′(x)=e x?1 x , ∴f′(1)=e?1,∵f(1)=e+1, ∴曲线y=f(x)在点(1,f(1))处的切线方程为y?(e+1)=(e?1)(x?1), 当x=0时,y=2,当y=0时,x=?2 e?1 , ∴曲线y=f(x)在点(1,f(1))处的切线与两坐标轴围成的三角形的面积S=1 2 ×2×2 e?1 =2 e?1 .(2)方法一:由f(x)≥1,可得ae x?1?lnx+lna≥1,即e x?1+lna?lnx+lna≥1, 即e x?1+lna+lna+x?1≥lnx+x=e lnx+lnx, 令g(t)=e t+t, 则g′(t)=e t+1>0, ∴g(t)在R上单调递增, ∵g(lna+x?1)≥g(lnx) ∴lna+x?1≥lnx, 即lna≥lnx?x+1, 令?(x)=lnx?x+1, ∴?′(x)=1 x ?1=1?x x , 当0 当x>1时,?′(x)<0,函数?(x)单调递减, ∴?(x)≤?(1)=0, ∴lna≥0, ∴a≥1, 故a的范围为[1,+∞). 方法二:由f(x)≥1可得ae x?1?lnx+lna≥1, 即ae x?1?1≥lnx?lna, 设g(x)=e x?x?1, ∴g′(x)=e x?1>0恒成立, ∴g(x)在(0,+∞)单调递增, ∴g(x)>g(0)=1?0?1=0, ∴e x?x?1>0, 即e x>x+1, 再设?(x)=x?1?lnx, ∴?′(x)=1?1 x =x?1 x , 当0 当x>1时,?′(x)>0,函数?(x)单调递增, ∴?(x)≥?(1)=0, ∴x?1?lnx≥0, 即x?1≥lnx ∵a>0, ∴e x?1≥x,则ae x?1≥ax, 此时只需要证ax≥x?lna, 即证x(a?1)≥?lna, 当a≥1时, ∴a≥1,x(a?1)>0>?lna恒成立, 当0 综上所述a的取值范围为[1,+∞). 方法三:由题意可得x∈(0,+∞),a∈(0,+∞), ∴f′(x)=ae x?1?1 x , 易知f′(x)在(0,+∞)上为增函数, ①当0 a )=ae1a?1?a=a(e1a?1?1)>0, ∴存在x0∈(1,1 a )使得f′(x0)=0, 当x∈(1,x0)时,f′(x)<0,函数f(x)单调递减,