宁夏省银川一中高一物理上学期期末试卷(含解析)新人教版

一、单选题（3分×10 = 30分）

1．力学中，选定下列哪组物理量为基本物理量

A．力、长度、质量B．位移、质量、时间 C．长度、力、时间 D．长度、质量、时间

【答案】D

物理学中的七个基本物理量：长度，时间，质量，热力学温度，电流单位，光强度单位，物质的量。

故选D。

【考点】国际单位制

2. 两个物体相互接触，关于接触处的弹力和摩擦力，以下说法正确的是

A．一定有弹力，但不一定有摩擦力

B．如果有弹力，则一定有摩擦力

C．如果有摩擦力，则一定有弹力

D．如果有摩擦力，则其大小一定与弹力成正比

【答案】C

产生弹力的条件：接触且有弹性形变；产生摩擦力的条件：接触、弹性形变、接触面粗糙、有相对运动（趋势）。

A、物体之间相互接触不一定有弹力，故A错误；

B、有弹力不一定有摩擦力，因为物体之间不一定粗糙也不一定有相对运动或相对运动趋势，故B错误；

C、有摩擦力物体之间一定有挤压，因此一定有弹力，故C正确；

D、静摩擦力大小与物体之间弹力无关，滑动摩擦力与弹力成正比，故D错误。

故选C。

【考点】摩擦力；弹力

3. 下面说法中正确的是

A．当物体的运动状态发生变化时，它一定受到外力作用

B．静止或做匀速直线运动的物体，一定不受外力的作用

C．当物体的速度等于零时，它一定处于平衡状态

D．物体的运动方向一定是它所受的合外力的方向

【答案】A

A、力是改变运动状态的原因，故A正确；

B、也可能受到的合外力为零，故B错误；

C、速度等于零，加速度不一定为零，故C错误；

D、合外力的方向是速度改变的方向，不是速度方向，故D错误。

故选A。

【考点】牛顿第一定律；力与运动

4．对静止在光滑水平面上的物体施加一水平拉力，当力刚开始作用的瞬间

A ．物体立即获得加速度

B ．物体立即获得速度

C ．物体同时获得速度和加速度

D ．由与物体未来得及运动，所以速度和加速度都为零。

【答案】A

根据牛顿第二定律F=ma 得知，加速度与合力是瞬时对应的关系，合力变化，加速度同时随着变化； 当力刚开始作用的瞬间，物体的受力情况立即发生改变，则立即获得了加速度，而物体由于惯性，速度还没有改变。

故选A 。

【考点】牛顿第二定律

5. 一根轻质弹簧，当它上端固定，下端悬挂重为G 的物体时，长度为L 1；当它下端固定在水平地面上，上端压一重为G 的物体时，其长度为L 2，则它的劲度系数是：

A ．1L G

B ．2L G

C ．21L L G -

D ．2

12L L G - 【答案】D

设弹簧的原长为L 0，劲度系数为k ，则根据胡克定律得G=k （L 1-L 0） 、G=k （L 0-L 2）

联立得k=2

12L L G - 故选D 。

【考点】胡克定律

6. 作用于O 点的五个恒力的矢量图的末端跟O 点恰好构成一个正六边形，

如图所示。这五个恒力的合力是最大恒力的A ．2倍 B ．3倍 C ．4倍 D ．5倍

【答案】B

由图可知，最大恒力为F 3，根据平行四边形定则，F 2与F 4的合力为1.5倍的F 3，F 1与F 5的合力为0.5倍的F 3，这五个力的合力为：1.5+0.5+1=3，所以为三倍的F 3。

故选B 。

【考点】力的合成

7．平面内作用于同一点的四个力若以力的作用点为坐标原点，有F 1=5N ，方向沿x 轴的正向；F 2=6N ，沿y

轴正向；F3=4N，沿ｘ轴负向；F4=8N，沿y轴负向，以上四个力的合力方向指

A．第一象限B．第二象限C．第三象限 D．第四象限

【答案】D

F1=5N，方向沿x轴的正向；F3=4N，沿x轴负向；故F1与F3的合力F13沿着x轴的正向，为1N；

F2=6N，沿y轴正向；F4=8N，沿y轴负向；故F2与F4的合力F24为2N，沿着y轴负方向；

最后再将F13与F24合成，故合力F1234为5N，指向第四象限。

故选D。

【考点】力的合成

8．物体受到下列几组共点力的作用，其中一定能使物体产生加速度的是

A．1N，3N，5N B．2N，4N，6N C．3N，4N，5N D．4N，6N，8N

【答案】A

A、1N，3N，5N三个力中1N与3N的合力范围为2N～4N，不可以与5N的力平衡，合力不为零，所以一定产生加速度，故A正确；

B、2N，4N，5N三个力中2N与4N的合力范围为2N～6N，5N在这个范围内，三个力可以平衡，合力可以等于零，所以不一定产生加速度，故B错误；

C、3N，4N，5N三个力中3N与4N的合力范围为1N～7N，5N在这个范围内，三个力可能平衡，合力可以等于零，所以不一定产生加速度，故C错误；

D、4N，6N，8N三个力中4N与6N的合力范围为0～10N，8N在这个范围内，三个力可以平衡，合力可以等于零，所以不一定产生加速度，故D错误。

故选A。

【考点】力的合成；牛顿第二定律

9．如图所示，一箱苹果沿着倾角为θ的斜面，以速度v匀速下滑．在箱子的中央有一只质量为m的苹果，它受到周围苹果对它作用力的方向

A．沿斜面向上 B．沿斜面向下

C．竖直向上 D．垂直斜面向上

【答案】C

这个质量为m的苹果是匀速下滑的，这说明受力平衡，它自身受到的重力竖直向下，大小为mg，以及来自下面苹果和周围苹果传来的力，说明周围苹果对它的合力与重力的大小相等方向相反，所以周围苹果对它

的作用力大小为mg ，方向竖直向上。

故选C 。

【考点】共点力平衡

10．如右图所示，OP 是轻弹簧，OQ 是水平轻绳，小球在弹簧和绳子的作用下处于静止状态。当剪断水平绳OQ 的瞬间，小球的加速度方向为下列图中实线箭头所示的哪一个

【答案】D

受力分析可知：绳子上的弹力水平向左，烧断绳子的瞬间，弹簧来不及发生形变，弹力不变，故合力为弹力和重力的合力，与原来绳子上的弹力等大反向，故水平向右。

故选D 。

【考点】共点力平衡

二、不定项选择（4分×6 = 24分）

11．如图所示，一小球放置在木板与竖直墙面之间，设墙面对球的压力大小为N 1，球对木板的压力大小为

N 2，以木板与墙连接点所形成的水平直线为轴，将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置．不计摩擦，在此过程中

A ．N 1始终减小

B ．N 1先增大后减小

C ．N 2始终减小

D ．N 2先减小后增大

【答案】AC

以小球为研究对象，分析受力情况：重力G 、墙面的支持力N 1和木板的支持力N 2，如图所示： 根据平衡条件得：1N Gcot θ=，2G N sin θ

= 木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置θ增大，则N 1始

终减小，N 2始终减小；

故选AC 。

【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用

12．如图所示，质量为m 小木块在斜面上以速度v 匀速下滑，质量为M 斜面体静止于粗糙的水平地面上，

设重力加速度为g ，则

A ．斜面体与地面之间存在摩擦力

B ．斜面体与地面之间不存在摩擦力

C ．斜面体对地面的压力等于(M+m)g

D ．斜面体对地面的压力不等于(M+m)g

【答案】BC

对整体分析可知：竖直方向()M m g N +＝，水平方向不存在摩擦力。

故选BC 。

【考点】共点力平衡

13．如图所示，水平地面上有两个完全相同的木块A 、B ，在水平推力F 作用下运动，用F AB 代表A 、B 间的

相互作用力

A. 若地面是完全光滑的，则F AB =F

B. 若地面是完全光滑的，则F AB =21F

C. 若地面的动摩擦因数为μ，则F AB =F

D. 若地面的动摩擦因数为μ，则F AB =

21F 【答案】BD

AB 、若地面是完全光滑的，对整体用牛顿第二定律得，加速度F a 2m

=，再对B 由牛顿第二定律得，AB F F ma 2

==，故A 错误B 正确； CD 、若地面动摩因数为μ，对整体用牛顿第二定律得，加速度F 2mg F a g 2m 2m μμ-=

=-，再对B 运用牛顿第二定律得AB F mg ma μ-=，解得AB F F 2

=

，故C 错误D 正确。 故选BD 。

【考点】牛顿第二定律；滑动摩擦力 14．用计算机辅助实验系统做验证牛顿第三定律的实验，点击实验菜单中“力的相互作用”。如图(a)所

示，把两个力探头的挂钩钩在一起，向相反方向拉动，观察显示器屏幕上出现的结果[如图(b)]。观察分析两个力传感器的相互作用力随时间变化的曲线，可以得到以下实验结论

A．作用力与反作用力的合力始终为零 B．作用力与反作用力作用在同一物体上

C．作用力与反作用力大小相等 D．作用力与反作用力方向相反

【答案】CD

A、作用力与反作用力作用的受力物体不同，故A错误；

B、作用力与反作用力作用在两个物体上，故B错误；

C、图像对称分布，故C正确；

D、图像上作用力和反作用力对称，力总是反向，故D正确。

故选CD。

【考点】牛顿第三定律

15．某同学找了—个用过的易拉罐，在靠近底部的侧面打了一个洞。用手指按住洞，在里面装上水。然后将易拉罐向上抛出，空气阻力不计，则下列说法正确的是

A．在易拉罐上升、下降过程中，洞中射出水的速度都不变

B．在易拉罐上升、下降过程中，水不再从洞中射出

C．在易拉罐上升过程中，洞中射出水的速度越来越慢

D．在易拉罐上升、下降过程中，出现的现象叫做完全失重

【答案】BD

将易拉罐竖直向上抛出后，由于空气阻力不计，易拉罐及水的加速度等于重力加速度，处于完全失重状态，易拉罐中各层水之间没有压力，在整体过程中，水都不会从洞中射出。

故选BD。

【考点】超重和失重

16．如图所示，在水平面上，质量为10 kg的物块A拴在一个被水平拉伸的弹簧一端，弹簧的另一端固定在小车上，小车静止不动，弹簧对物块的弹力大小为5 N时，物块处于静止状态，若小车以加速度a =1 m/s2沿水平地面向右加速运动时

A．物块A相对小车仍静止

B ．物块A 受到的摩擦力将减小

C ．物块A 受到的摩擦力大小不变

D ．物块A 受到的弹力将增大

【答案】AC

A 、物体开始时受弹力F=5N ，而处于静止状态，说明受到的静摩擦力为5N ，则物体的最大静摩擦力m F 5N ≥；当物体相对于小车向左恰好发生滑动时，加速度为2m 0F F 55a 1m /s m 10

++=

≥＝，所以当小车的加速度为a=1m/s 2时，物块A 相对小车仍静止，故A 正确；

B 、

C 根据牛顿第二定律得：小车以加速度a=1m/s 2沿水平地面向右加速运动时，弹力水平向右，大小仍为5N ，摩擦力水平向右大小仍为5N ，故B 错误C 正确；

D 、物体A 相对于小车静止，弹力不变，故D 错误。

故选AC 。

【考点】牛顿第二定律；静摩擦力和最大静摩擦力；力的合成与分解的运用

三、实验题（每空2分，共14分）

17．在探究“互成角度的两个力的合成”的实验中，需要的器材有：方木块、白纸、细绳套两个、三角板、

刻度尺、图钉几个，橡皮条一根、铅笔一支，还需要________．在做上述实验中，在水平放置的木板上垫上一张白纸，把橡皮条的一端固定在板上，另一端结两个细绳套，通过细绳套用两个互成角度的弹簧秤拉橡皮条，使结点移到某一位置O ，此时需记下：O 点位置，相应弹簧秤读数，再记下_________；然后用一个弹簧秤把橡皮条拉长，使结点到达________，再记下细绳所示的方向和弹簧秤读数

【答案】弹簧秤两个、；细绳所示方向；；O 点位置；

（1）探究“互成角度的两个力的合成”的实验的实验原理是用力的图示画出两个分力和实际的合力，然后用平行四边形画出合力的理论值，比较理论值和实际值之间的关系．所以我们需要的实验器材有：方木板，白纸，三角板，刻度尺，图钉，弹簧秤，橡皮筋，铅笔；

（2）在实验中必须确保橡皮筋拉到同一位置，即一力的作用效果与两个力作用效果相同．同时我们需要记录下力的大小和方向．所以我们需要：通过细绳套用两个互成角度的弹簧秤拉橡皮条，使结点移到某一位置O ，此时需记下：①O 点位置②细绳所示方向③相应弹簧秤读数，然后用一个弹簧秤把橡皮条拉长，使结点到达：①O 点位置②细绳所示方向③相应弹簧秤读数。

故选。

【考点】验证力的平行四边形定则

18．在“探究加速度与力、质量的关系”实验中，某同学使用了如图所示的装置，打点计时器的打点频率

为50Hz 。

（1）该同学得到一条纸带，在纸带上取连续的

六个点，如图所示，相邻两点间的距离分别为10.0mm、12.0mm、14.0mm、16.0mm、18.0mm，则打下E点时

小车的速度为 m/s，小车的加速度为 m/s2。

（2）该同学通过数据的处理作出了a —F图象，如图所示，则

①图中的直线不过原点的原因是。

②此图中直线发生弯曲的原因是。

【答案】（1）0.85m/s ， 5m/s2（2）平衡摩擦力时角度过大；砂和桶的质量过大。

（1）利用匀变速直线运动的推论得出：DF

E

DF

x

v0.85m/s

t

==

小车的加速度为2

3421

2

()()

5/

(2)

x x x x

a m s

t

+-+

==

（2）图中当F=0时，a≠0．也就是说当绳子上没有拉力时，小车的加速度不为0，说明小车的摩擦力小于重力的分力，所以原因是平衡摩擦力时角度过大；当沙桶的质量过大时，不能满足m<

【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系

四．计算题（共52分）

19.（8分）如图所示，电灯的重力G N

=10，AO绳与顶板间的夹角为45?，BO绳水平，则AO绳所受的拉力是多少？BO绳所受的拉力是多少？

【答案】AO绳所受的拉力为N

2

10；BO绳所受的拉力为10N

将电灯所受的重力G沿两个绳子方向进行分解，如图．

由平衡条件得：2102

cos45

AO

G

F G N

===

?

，

tan4510

BO

F G G N

=?==

【考点】共点力平衡

20.（10分）在光滑的水平面上，有一个质量为m=10kg的物体在水平外力F1、F2的共同作用下处于平衡状态，其中F1的大小为10N，现将F1在水平面内旋转0

90后，物体立即开始运动，求：

（1）物体运动的加速度大小。

（2）物体运动后前4s 内的位移。 【答案】22/a m s = ，m s 28=

处于平衡状态时，由平衡条件得12F F =；

旋转090后，由牛顿第二定律得2212F +F =ma ，解得22/a m s =

前4s 内的位移由2012

x v t at =+得m s 28= 【考点】共点力平衡；牛顿第二定律；匀变速直线运动位移与时间的关系

21．（10分）如图所示，A 、B 两个物体间用最大张力为100N 的轻绳相连，m A = 4kg ，m B =8kg ，在拉力F 的作用下向上加速运动，为使轻绳不被拉断，F 的最大值是多少？（g 取10m/s 2

） 【答案】150N

要使轻绳不被拉断，则绳的最大拉力F T =100N ，先以B 为研究对象，受力分析如图（1）所示， 据牛顿第二定律有F T －m B g = m B a

再以A 、B 整体为对象，受力分析如图（2）所示，

同理列方程 F －（m A +m B ）g =（m A +m B ）a

解得 F=（m A +m B ）（g+a ）=12×12.5=150N

【考点】牛顿第二定律

22.（12分）在海滨游乐场有一种滑沙的娱乐活动．如图所示，人坐在滑板上从斜坡的高处A 点由静止开始下滑，滑到斜坡底部B 点后沿水平滑道再滑行一段距离到C 点停下来，斜坡滑道与水平滑道间是平滑连接的，滑板与两滑道间的动摩擦因数均为μ＝0.5，不计空气阻力，重力加速度g ＝10m/s 2

，斜坡倾角θ＝37°.(sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)

(1)若人和滑板的总质量为m ＝60kg ，求人在斜坡上下滑时的加速度大小．

(2)若由于受到场地的限制，A 点到C 点的水平距离为S ＝50m ，为确保人身安全，假如你是设计师，

你认为在设计斜坡滑道时，对高度h 应有怎样的要求？

【答案】 2m/s 2

25m

(1)在斜坡上下滑时，由牛顿第二定律得：

mgsin θ－F f ＝ma

F N －mgcos θ＝0

F f ＝μF N

解得：a ＝gsin θ－μg cos θ＝2m/s 2 （2）设斜坡倾角为θ，斜坡的最大高度为h ，滑至底端时的速度22ah v sin θ

=

沿BC 段前进时的加速度a g μ'= 沿BC 段滑行的距离2

v L 2a ='

为确保安全要求，则L≤50m

由④⑤⑥⑦联立解得h ≤25m，故斜坡的高度不应超过25m

【考点】牛顿第二定律

23．（12分）

一位同学的家住在一座25层的高楼内，他每天乘电梯上楼，随着所学物理知识的增多，有一天他突然想到，能否用所学物理知识较为准确地测出这座楼的高度呢？在以后的一段时间内他进行了多次实验测量，步骤如下：

经过多次仔细观察和反复测量，他发现电梯启动后的运动速度符合如图所示的规律，他就根据这一特点在电梯内用台秤、重物和停表测量这座楼房的高度．他将台秤放在电梯内，将重物放在台秤的托盘上，电梯从第一层开始启动，经过不间断的运行，最后停在最高层．在整个过程中，他记录了台秤中不同时间段内的示数，记录的数据如下表所示．但由于0～3.0s 段的时间太短，他没有来得及将台秤的示数记录下来，假设在每个时间段内台秤的示数都是稳定的，重力加速度g 取10m/s 2

.

(1)电梯在0～3.0s 时间段内台秤的示数应该是多少？

(2)根据测量的数据计算该楼房每一层的平均高度．

【答案】58N 2.9m

(1)电梯启动前，台秤示数为50N ，则物体重力G ＝50N

由于表中各段时间内台秤的示数恒定，所以在时间t 1(0～3.0s)内，物体做匀加速运动，在时间t 2(3.0s ～13.0s)内物体做匀速直线运动，在时间t 3(13.0s ～19.0s)内物体做匀减速直线运动.19.0s 末速度减为零． 在13.0s ～19.0s 内，物体所受的支持力F N3＝46N ，根据牛顿第二定律mg －F N3＝ma 3

得在时间t 3内物体的加速度233a =0.8m/s N mgF m

= 13．0s 末物体的速度v 2＝a 3t 3＝4.8m/s.

而由于电梯在13.0s 末的速度与3.0s 末的速度相同．因此根据匀变速运动规律，物体在0～3.0s 内的加速度2211

a ==1.6m/s v t 根据牛顿第二定律F N1－mg ＝ma 1，解得：F N1＝58N ，即台秤的示数为58N

(2)0～3.0s 内物体的位移21111x =a t 7.2m 2

= 3．0s ～13.0s 内物体的位移x 2＝v 2t 2＝48m 13．0s ～19.0s 内物体的位移233x t =14.4m 2

v = 则电梯上升的总高度，实际为24层的总高度 x ＝x 1＋x 2＋x 3＝69.6m 平均每层楼高h=

=2.9m 24x 【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动规律

高一物理期末试题答案

17. 答案：弹簧秤两个、；细绳所示方向；；O 点位置；

18．答案：（1）0.85m/s ， 5m/s 2

（2）平衡摩擦力时角度过大 ；砂和桶的质量过大。

四．计算题（共52分）

19.（8分）答案：AO 绳所受的拉力为N 210；BO 绳所受的拉力为10N

20.（10分）答案： 2/2s m m F a ==

，m s 28=

21．（10分）解析：要使轻绳不被拉断，则绳的最大拉力F T =100N ，先以B 为研究对象，

受力分

析如图（1）所示，据牛顿第二定律有F T －m B g = m B a ①再以A 、B 整体为对象，受力分析如图（2）所示，

同理列方程 F －（m A +m B ）g =（m A +m B ）a ②

由①②解得 F=（m A +m B ）（g+a ）=12×12.5=150（N ）

22.（12分）

解析：(1)在斜坡上下滑时，由牛顿第二定律得：

mgsin θ－F f ＝ma ①

F N －mgcos θ＝0②

F f ＝μF N ③

解①②③得：a ＝gsin θ－μg cos θ＝2m/s 2

23．（12分）答案：(1)58N (2)2.9m

解析：(1)电梯启动前，台秤示数为50N ，则物体重力G ＝50N

由于表中各段时间内台秤的示数恒定，所以在时间t 1(0～3.0s)内，物体做匀加速运动，在时间t 2(3.0s ～13.0s)内物体做匀速直线运动，在时间t 3(13.0s ～19.0s)内物体做匀减速直线运动.19.0s 末速度减为零．

在13.0s ～19.0s 内，物体所受的支持力F N3＝46N ，根据牛顿第二定律mg －F N3＝ma 3

得在时间t 3内物体的加速度a 3＝mg －F N3m

＝0.8m/s 2 13．0s 末物体的速度v 2＝a 3t 3＝4.8m/s.

而由于电梯在13.0s 末的速度与3.0s 末的速度相同．因此根据匀变速运动规律，物体在0～3.0s 内

的加速度a 1＝v 2t 1

＝1.6m/s 2

根据牛顿第二定律F N1－mg ＝ma 1 解得：F N1＝58N ，即台秤的示数为58N

(2)0～3.0s 内物体的位移x 1＝12a 1t 2

1＝7.2m

3．0s ～13.0s 内物体的位移x 2＝v 2t 2＝48m 13．0s ～19.0s 内物体的位移x 3＝v 22t 3＝14.4m

则电梯上升的总高度，实际为24层的总高度 x ＝x 1＋x 2＋x 3＝69.6m 平均每层楼高h ＝x 24＝2.9m.